Question

Floored division是指结果始终向下（朝-∞），而不是0：

division types

是否有可能在C / C ++中有效地实现floored或euclidean整数除法？

（显而易见的解决方案是检查红利的标志）

Answer 1

我已经编写了一个测试程序来对这里提出的想法进行基准测试：

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <math.h>
#include <windows.h>

#define N 10000000
#define M 100

int dividends[N], divisors[N], results[N];

__forceinline int floordiv_signcheck(int a, int b)
{
    return (a<0 ? a-(b-1) : a) / b;
}

__forceinline int floordiv_signcheck2(int a, int b)
{
    return (a - (a<0 ? b-1 : 0)) / b;
}

__forceinline int floordiv_signmultiply(int a, int b)
{
    return (a + (a>>(sizeof(a)*8-1))*(b-1)) / b;
}

__forceinline int floordiv_floatingpoint(int a, int b)
{
    // I imagine that the call to floor can be replaced to a cast
    // if you can get FPU rounding control to work (I couldn't).
    return floor((double)a / b);
}

void main()
{
    for (int i=0; i<N; i++)
    {
        dividends[i] = rand();
        do
            divisors[i] = rand();
        while (divisors[i]==0);
    }

    LARGE_INTEGER t0, t1;

    QueryPerformanceCounter(&t0);
    for (int j=0; j<M; j++)
        for (int i=0; i<N; i++)
            results[i] = floordiv_signcheck(dividends[i], divisors[i]);
    QueryPerformanceCounter(&t1);
    printf("signcheck    : %9llu\n", t1.QuadPart-t0.QuadPart);

    QueryPerformanceCounter(&t0);
    for (int j=0; j<M; j++)
        for (int i=0; i<N; i++)
            results[i] = floordiv_signcheck2(dividends[i], divisors[i]);
    QueryPerformanceCounter(&t1);
    printf("signcheck2   : %9llu\n", t1.QuadPart-t0.QuadPart);

    QueryPerformanceCounter(&t0);
    for (int j=0; j<M; j++)
        for (int i=0; i<N; i++)
            results[i] = floordiv_signmultiply(dividends[i], divisors[i]);
    QueryPerformanceCounter(&t1);
    printf("signmultiply : %9llu\n", t1.QuadPart-t0.QuadPart);

    QueryPerformanceCounter(&t0);
    for (int j=0; j<M; j++)
        for (int i=0; i<N; i++)
            results[i] = floordiv_floatingpoint(dividends[i], divisors[i]);
    QueryPerformanceCounter(&t1);
    printf("floatingpoint: %9llu\n", t1.QuadPart-t0.QuadPart);
}

结果：

signcheck    :  61458768
signcheck2   :  61284370
signmultiply :  61625076
floatingpoint: 287315364

所以，根据我的结果，检查标志是最快的：

(a - (a<0 ? b-1 : 0)) / b

Answer 2

五年后我正在重新审视这个问题，因为这对我也很重要。我对x86-64的两个纯C版本和两个内联汇编版本进行了一些性能测量，结果可能很有趣。

地板划分的测试变体是：

我已经使用了一段时间的实现;
上面提到的略有不同的变体，仅使用一个分区;
前一个，但是在内联汇编中手工实现;和
在程序集中实现的CMOV版本。

以下是我的基准程序：

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <sys/time.h>

#ifndef VARIANT
#define VARIANT 3
#endif

#if VARIANT == 0
#define floordiv(a, b) (((a) < 0)?((((a) + 1) / (b)) - 1):((a) / (b)))
#elif VARIANT == 1
#define floordiv(a, b) ((((a) < 0)?((a) - ((b) - 1)):(a)) / (b))
#elif VARIANT == 2
#define floordiv(a, b) ({                                   \
    int result;                                             \
    asm("test %%eax, %%eax; jns 1f; sub %1, %%eax;"         \
        "add $1, %%eax; 1: cltd; idivl %1;"                 \
        : "=a" (result)                                     \
        : "r" (b),                                          \
          "0" (a)                                           \
        : "rdx");                                           \
    result;})
#elif VARIANT == 3
#define floordiv(a, b) ({                                           \
    int result;                                                     \
    asm("mov %%eax, %%edx; sub %1, %%edx; add $1, %%edx;"           \
        "test %%eax, %%eax; cmovs %%edx, %%eax; cltd;"              \
        "idivl %1;"                                                 \
        : "=a" (result)                                             \
        : "r" (b),                                                  \
          "0" (a)                                                   \
        : "rdx");                                                   \
    result;})
#endif

double ntime(void)
{
    struct timeval tv;

    gettimeofday(&tv, NULL);
    return(tv.tv_sec + (((double)tv.tv_usec) / 1000000.0));
}

void timediv(int n, int *p, int *q, int *r)
{
    int i;

    for(i = 0; i < n; i++)
        r[i] = floordiv(p[i], q[i]);
}

int main(int argc, char **argv)
{
    int n, i, *q, *p, *r;
    double st;

    n = 10000000;
    p = malloc(sizeof(*p) * n);
    q = malloc(sizeof(*q) * n);
    r = malloc(sizeof(*r) * n);
    for(i = 0; i < n; i++) {
        p[i] = (rand() % 1000000) - 500000;
        q[i] = (rand() % 1000000) + 1;
    }

    st = ntime();
    for(i = 0; i < 100; i++)
        timediv(n, p, q, r);
    printf("%g\n", ntime() - st);
    return(0);
}

我用gcc -march=native -Ofast使用GCC 4.9.2编译了这个，我的Core i5-2400上的结果如下。从运行到运行结果是相当可重复的 - 它们总是以相同的顺序着陆，至少。

变体0：7.21秒
变体1：7.26秒
变体2：6.73秒
变体3：4.32秒

所以CMOV实施至少会将其他人从水中吹走。让我感到惊讶的是，变种2出现了相当广泛的纯C版本（变体1）。我原以为编译器应该能够发出至少和我一样高效的代码。

以下是一些其他平台，供比较：

变体0：26.33秒
变体1：25.38秒
变体2：25.19秒
变体3：22.39秒

Xeon E3-1271 v3，GCC 4.9.2：

变体0：5.95秒
变体1：5.62秒
变体2：5.40秒
变体3：3.44秒

作为最后一点，我或许应该警告不要过分重视CMOV版本的明显性能优势，因为在现实世界中，其他版本中的分支可能不会像在这个基准测试，如果分支预测器可以做一个合理的工作，分支版本可能会变得更好。但是，实际情况将取决于实际使用的数据，因此尝试做任何通用基准测试可能毫无意义。

Answer 3

根据符号来提供一些可以自由分支的结果可能更有效，因为分支很昂贵。

请参阅Chapter 2中Hacker's Delight的第20ff页，了解如何访问该标志。

Answer 4

是否有可能在C / C ++中有效地实现floored或euclidian整数除法？

是

（显而易见的解决方案是检查红利的标志）

我完全同意，并且很难相信存在明显更快的替代方案。

Answer 5

请注意：x86 sar指令在执行2的幂时执行内部除法。

Answer 6

由于IEEE-754指定round -inf作为所需的舍入模式之一，我想你的问题的答案是肯定的。但也许您可以解释一下，如果您正在编写编译器，或者知道如何使用特定编译器来执行操作，您是否想知道如何实现该过程？

有效地实现floored / euclidean整数除法

6 个答案: