Question

考虑以下示例：

#include <string>
#include <sstream>

struct Location {
    unsigned line;

    template<typename CharT, typename Traits>
    operator std::basic_string<CharT, Traits>() const {
        std::basic_ostringstream<CharT, Traits> ss;
        ss << line;
        return ss.str();
    }
};

int main() 
{
    using namespace std::string_literals;

    Location loc{42};

    std::string s1 = "Line: "s.append(loc) + "\n"s; // fine
    //std::string s2 = "Line: "s + loc + "\n"s; // error
}

注释行会导致编译错误：no match for 'operator+'。为什么？我最初的想法是它首先使用operator std::string转换然后执行对operator+的调用，就像它对.append一样。

它只是隐式转换的一个级别，所以它应该被执行并且应该被考虑在内，不是吗？

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Answer 1

您的运算符是模板化的，因此需要推导出模板参数。您不能这样做，因为编译器会尝试将basic_string<_CharT, _Traits, _Alloc>与您的Location匹配，但它会失败。

所以问题是重载，而不是转换，因为代码实际上从未达到过这一点。

改变这个：

std::string s2 = "Line: "s + loc + "\n"s;

到此：

std::string s2 = "Line: "s + std::string(loc) + "\n"s;

你应该没问题，因为如果仔细观察编译错误，就会提到：

template argument deduction/substitution failed:
prog.cc:22:32: note:   'Location' is not derived from 'const std::__cxx11::basic_string<_CharT, _Traits, _Alloc>'
   std::string s2 = "Line: "s + loc + "\n"s; // error
                                ^~~

和其他类似的消息。

Answer 2

显式转换为std :: string对我有用：https://godbolt.org/g/WZG78z

    std::string s2 = "Line: "s + std::string(loc) + "\n"; // was error

隐式转换运算符不会导致运算符重载

2 个答案: