Question

嗨所以我必须创建一个博客，而且我在网页上显示我的参赛作品时遇到了一些问题。

<?xml version = "1.0" encoding = "utf-8"?>
<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD XHTML 1.0 Strict//EN"
"http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-strict.dtd">
<html xmlns = "http://www.w3.org/1999/xhtml"> 
<head> <title> Add entry </title> 
</head> 
<body>

<form action = "text1.php" method = "post">

Title: <input type = "text" name = "title"><br>
Body: 
<textarea rows="10" cols="100" name="textblock"></textarea>
<input type = "submit" value = "Add Entry" />
</body> 
</html>

和我的PHP代码

<?php
$title = $_POST['title'];
$textblock = $_POST['textblock'];
$host   =   "xxxxxx"  ;
$user   =   "xxx"  ;
$pass   =   "xxx"  ;
$db   =   "xxx"  ;


// Connect to server and select database.
mysql_connect("$host", "$username", "$password")or die("cannot connect");
mysql_select_db("$db")or die(mysql_error());

$query = "INSERT INTO yourMySQLTable (title, textblock) VALUES ('$title','$textblock')";

mysql_query($query) or die('Error, insert query failed');

?>

我想显示每个条目，包括另一个网页上的标题和文本块，但由于某种原因，这些值不会进入表格。如何将值输入到表中，如何在另一个名为viewblog.php的网页上显示它们？

Answer 1

使用以下内容：

$host   =   "xxxxxx"  ;
$user   =   "xxx"  ;
$pass   =   "xxx"  ;
$db   =   "xxx"  ;


// Connect to server and select database.
mysql_connect($host, $username, $password)or die(mysql_error());
mysql_select_db($db)or die(mysql_error());

$title = mysql_real_escape_string($_POST['title']);
$textblock = mysql_real_escape_string($_POST['textblock']);

$query = "INSERT INTO tableName (title, textblock) VALUES ('$title','$textblock')";

mysql_query($query) or die(mysql_error());

要显示它们：

$query = "SELECT * FROM tableName";
$res = mysql_query($query);
while($row = mysql_fetch_assoc($res)) {
    echo $row['title'] . ' - ' . $row['textblock'] . '<br />';
}

请注意我在使用变量时不使用“”，这是不需要的。
请注意我如何使用mysql_real_escape_string，这样可以安全地插入数据库。
用mysql_error（）替换所有错误消息，以显示实际错误（如果有）。
确保将tableName更新为表的名称

Answer 2

你应该使用PDO进行数据库交互，mysql_ *函数是分离的和不安全的。 PDO将清理您的变量以防止SQL注入攻击。

http://code.tutsplus.com/tutorials/why-you-should-be-using-phps-pdo-for-database-access--net-12059

Answer 3

你有一个＆＃34;在这里＆＃34;附加到您的变量：here$textblock = $_POST['textblock'];

还可以尝试：$query = "INSERT INTO yourMySQLTable (title, textblock) VALUES ('" . $title . "','" . $textblock . "')";

Answer 4

由于已经给出了其他答案以帮助您进行INSERT，我将不再在此答案中重复。

修改：下面使用mysqli_*函数添加了INSERT方法。

我的第二部分是：

“我想显示每个条目，包括其他网页上的标题和文本块”

如果您希望显示数据库表中的数据，则需要使用循环。

以下是基于mysqli_*的版本和非常基本方法。

<?php

// $db = new mysqli("host", "user", "pw", "db");

// CONNECT TO THE DATABASE

$DB_HOST = "xxx";
$DB_NAME = "xxx";
$DB_PASS = "xxx";
$DB_USER = "xxx";

$db = new mysqli($DB_HOST, $DB_USER, $DB_PASS, $DB_NAME);
if($db->connect_errno > 0) {
  die('Connection failed [' . $db->connect_error . ']');
}

$result = $db->query("SELECT * FROM `yourMySQLTable`");

 while($row = $result->fetch_assoc()) {

   echo "<b>Title:</b> " . $row['title'] . " <b>Text:</b> " . $row['textblock'] . "<br>";

 }


mysqli_close($db);

?>

以下是基于mysqli_*和基本的版本，可以将值插入数据库。

<?php

DEFINE ('DB_USER', 'xxx');
DEFINE ('DB_PASSWORD', 'xxx');  
DEFINE ('DB_HOST', 'xxx');
DEFINE ('DB_NAME', 'xxx');

$dbc = @mysqli_connect (DB_HOST, DB_USER, DB_PASSWORD, DB_NAME) 
OR die("could not connect");

$title = mysqli_real_escape_string($dbc,$_POST['title']);
$textblock = mysqli_real_escape_string($dbc,$_POST['textblock']);

$query = ("INSERT INTO `yourMySQLTable` (`title`, `textblock`) 
VALUES ('$title','$textblock')";

 mysqli_query($dbc, $query);

if($query){
echo "SUCCESS!";
}

else {
echo "Sorry!";
}

?>

旁注：您目前的代码向SQL injection开放。使用mysqli_*功能。（我建议您使用prepared statements或PDO）

mysql_*函数已弃用，将从以后的PHP版本中删除。

以下是一些有关预备语句的教程，您可以学习并尝试：

以下是PDO的一些教程：

<强>脚注：

您不需要额外的标签：

<?xml version = "1.0" encoding = "utf-8"?>
<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD XHTML 1.0 Strict//EN"
"http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-strict.dtd">
<html xmlns = "http://www.w3.org/1999/xhtml">

将其更改为以下内容就足够了：

<!DOCTYPE html>

html表单到mysql数据库

4 个答案: