我已经实现了一个用于加载3d对象的半边数据结构。我发现分配双/对边缘的部分需要最长的计算时间(特别是对于具有数十万个半边的对象)。原因是我使用嵌套循环来完成此任务。有一种更简单有效的方法吗? 下面是我写的代码。 HE是半边数据结构。听众是包含所有半边的向量。 vert是起始顶点,end是结束顶点。谢谢!
HE *e1,*e2;
for(size_t i=0;i<hearr.size();i++){
e1=hearr[i];
for(size_t j=1;j<hearr.size();j++){
e2=hearr[j];
if((e1->vert==e2->end)&&(e2->vert==e1->end)){
e1->twin=e2;
e2->twin=e1;
}
}
}
我使用了一些简单的关键字,如break和continue,还将内部循环中j的值设置为j = i。这显着提高了速度。早些时候我花了403秒来获取一组数据。现在是11秒。这些是变化。欢迎任何评论。谢谢!
for(size_t i=0;i<hearr.size();i++){
e1=hearr[i];
if(e1->twin!=0)
continue;
for(size_t j=i;j<hearr.size();j++){
e2=hearr[j];
if(e2->twin!=0)
continue;
if((e1->vert==e2->end)&&(e2->vert==e1->end)){
e1->twin=e2;
e2->twin=e1;
break;
}
}
}
答案 0 :(得分:1)
这是一个解决方案。我没有编译它。
基本思想是按(vert然后结束)和by(结束然后vert)对范围进行排序。每个都需要nlgn时间。
然后,我们并行查看两个列表,查找vert-major排序列表的结尾等于end-major排序列表结尾的范围。
我们有一个范围,我们称之为DoTwins
。这会引导所讨论的范围,寻找vert-major列表的末尾与end-major列表的vert匹配的位置。然后我检查是否有多个边缘完全等效(如果存在,事情变得很糟糕,所以我断言),然后挂钩双胞胎。
每个循环(内部或外部)的每次迭代都会前进到我们在列表中分析的位置,并且每个外部循环都不会回头。所以这是O(n)。
请注意,DoTwins
循环和调用DoTwins
的循环基本上遵循相同的逻辑,但测试稍有不同。重构该逻辑可能会改进代码。
免责声明:代码尚未编译(或运行或调试),只是从头开始编写,因此预计会出现拼写错误。但基本的想法应该是合理的。
// A procedure to solve a subproblem -- the actual assignment of the
// twin variables. The left range's "vert" field should equal the
// right range's "end" field before you call this function. It proceeds
// to find the subsets where the left "end" equals the right "vert",
// and sets their twin field to point to each other. Note that things
// go squirrly if there are multiple identical edges.
template< typename HEPtrRange >
void DoTwins( HEPtrRange EqualVertRange, HEPtrRange EqualEndRange )
{
auto it1 = EqualVertRange.first;
auto it2 = EqualEndRange.first;
while( it1 != EqualVertRange.second && it2 != EqualEndRange.second )
{
Assert((*it1)->vert == (*it2)->end);
if ((*it1)->end > (*it2)->vert)
{
++(*it2);
continue;
}
if ((*it1)->end < (*it2)->vert)
{
++(*it1);
continue;
}
Assert((*it1)->end == (*it2)->vert);
// sanity check for multiple identical edges!
auto it3 = it1;
while (it3 != EqualVertRange.second && (*it3)->end == (*it1)->end)
++it3;
auto it4 = it2;
while (it4 != EqualVertRange.second && (*it4)->end == (*it2)->end)
++it4;
// the range [it1, it3) should have its twin set to the elements
// in the range [it2, it4). This is impossible unless they
// are both of size one:
Assert( it3 - it1 == 1 );
Assert( it4 - it2 == 1 );
for (auto it = it1; it != it3; ++it)
(*it)->twin = it2;
for (auto it = it2; it != it4; ++it)
(*it)->twin = it1;
it1 = it3;
it2 = it4;
}
}
其他地方:
// A vector of the edges sorted first by vert, then by end:
std::vector<HE*> vertSorted(&hearr[0], (&hearr[0]).size());
std::sort(vertSorted.begin(), vertSorted.end(),
[](HE* e1, HE* e2)
{
if (e1->vert != e2->vert)
return e1->vert < e2->vert;
return e1->end < e2->end;
}
);
// A vector of the edges sorted first by end, then by vert:
std::vector<HE*> endSorted = vertSorted;
std::sort(endSorted.begin(), endSorted.end(),
[](HE* e1, HE* e2)
{
if (e1->end != e2->end)
return e1->end < e2->end;
return e1->vert < e2->vert;
}
);
// iterate over both at the same time:
auto it1 = vertSorted.begin();
auto it2 = endSorted.begin();
while(it1 != vertSorted.end() && it2 != endSorted.end())
{
// we are looking for cases where left->vert == right->end.
// advance the one that is "lagging behind":
if ((*it1)->vert > (*it2)->end)
{
++it2;
continue;
}
if ((*it1)->vert < (*it2)->end)
{
++it1;
continue;
}
Assert( (*it1)->vert == (*it2)->end );
// Find the end of the range where left->vert == right->end
auto it3 = it1;
while (it3 != vertSorted.end() && (*it3)->vert == (*it1)->vert)
{
++it3;
}
auto it4 = it2;
while (it4 != endSorted.end() && (*it4)->vert == (*it2)->vert)
{
++it4;
}
auto EqualVertRange = std::make_pair(it1, it3);
auto EqualEndRange = std::make_pair(it2, it4);
// Delegate reverse lookups and assignment of twin variable to a subprocedure:
DoTwins( EqualVertRange, EqualEndRange );
it1 = it3;
it2 = it4;
}
答案 1 :(得分:0)
更好的解决方案是对数组进行排序,然后执行二进制搜索,提供自己的比较。或者考虑对每个节点进行散列,然后在提供自定义比较的同时执行查找