我正在尝试编写一种算法，该算法可以在O（n）时间内打印n个大小数组中的k个最小数字，但我无法将时间复杂度降低到n。我怎么能这样做？
答案 0 :(得分：39)
我之前在接受采访时已经这样做了，其中一种最优雅/最有效的方法是
O(n log k).
with space: O(k) (thanks, @Nzbuu)
基本上你将使用大小限制为k的最大堆。对于数组中的每个项目，检查它是否小于最大值（仅O（1））。如果是，则将其放入堆中（O（log k））并删除最大值。如果它更大，请转到下一个项目。
当然，堆不会产生k个项的排序列表，但这可以在O（k log k）中完成，这很容易。
同样，你可以做同样的事情来寻找最大的k项，在这种情况下你会使用最小的堆。
答案 1 :(得分：25)
你需要使用'选择算法'找到第k个最小元素，即O（n），然后再次迭代数组并返回每个小于/等于它的元素。
选择算法：http://en.wikipedia.org/wiki/Selection_algorithm
如果你有重复，你将需要注意：你需要确保你没有返回更多的k元素（例如你有1,2，...，k，k， K，...）
编辑：
完整的算法，并按要求返回一个列表：让数组为A
1. find the k'th element in A using 'selection algorithm', let it be 'z'
2. initialize an empty list 'L'
3. initialize counter<-0
4. for each element in A:
4.1. if element < z:
4.1.1. counter<-counter + 1 ; L.add(element)
5. for each element in A:
5.1. if element == z AND count < k:
5.1.1. counter<-counter + 1 ; L.add(element)
6. return L
请注意，如果您的列表可能有重复项，则需要进行第3次迭代。如果它不能 - 它是不必要的，只需将4.1中的条件更改为＆lt; =。
还要注意：L.add正在向链表中插入一个元素，因此是O（1）。
答案 2 :(得分：5)
假设您正在尝试显示K个最小数字，您可以使用Hoare选择算法来查找k th 最小数字。将数组划分为较小的数字，k th 数字和较大的数字。
答案 3 :(得分：1)
这可以在预期的线性时间（O（n））内完成。首先找到数组的kth最小元素（使用数据透视分区方法查找kth顺序统计信息），然后简单地遍历循环以检查哪些元素小于kth最小元素。请注意，这仅适用于不同的元素。
以下是c：
中的代码 /*find the k smallest elements of an array in O(n) time. Using the Kth order
statistic-random pivoting algorithm to find the kth smallest element and then looping
through the array to find the elements smaller than kth smallest element.Assuming
distinct elements*/
#include <stdio.h>
#include <math.h>
#include <time.h>
#define SIZE 10
#define swap(X,Y) {int temp=X; X=Y; Y=temp;}
int partition(int array[], int start, int end)
{
if(start==end)
return start;
if(start>end)
return -1;
int pos=end+1,j;
for(j=start+1;j<=end;j++)
{
if(array[j]<=array[start] && pos!=end+1)
{
swap(array[j],array[pos]);
pos++;
}
else if(pos==end+1 && array[j]>array[start])
pos=j;
}
pos--;
swap(array[start], array[pos]);
return pos;
}
int order_statistic(int array[], int start, int end, int k)
{
if(start>end || (end-start+1)<k)
return -1; //return -1
int pivot=rand()%(end-start+1)+start, position, p;
swap(array[pivot], array[start]);
position=partition(array, start, end);
p=position;
position=position-start+1; //size of left partition
if(k==position)
return array[p];
else if(k<position)
return order_statistic(array, start,p-1,k);
else
return order_statistic(array,p+1,end,k-position);
}
void main()
{
srand((unsigned int)time(NULL));
int i, array[SIZE],k;
printf("Printing the array...\n");
for(i=0;i<SIZE;i++)
array[i]=abs(rand()%100), printf("%d ",array[i]);
printf("\n\nk=");
scanf("%d",&k);
int k_small=order_statistic(array,0,SIZE-1,k);
printf("\n\n");
if(k_small==-1)
{
printf("Not possible\n");
return ;
}
printf("\nk smallest elements...\n");
for(i=0;i<SIZE;i++)
{
if(array[i]<=k_small)
printf("%d ",array[i]);
}
}
答案 4 :(得分：1)
可以在O(n)时间内找到k个最小的n个元素（我的意思是真O(n)个时间，而不是O(n + some function of k)）。请参阅the Wikipedia article "Selection algorithm"，尤其是＆＃34;无序部分排序＆＃34;的小节。和＆＃34;中位选择作为支点策略＆＃34;，以及the article "Median of medians"作为制作此O(n)的基本部分。
答案 5 :(得分：1)
该问题的最佳解决方案如下：使用快速排序来查找枢轴并丢弃此第k个元素不存在的部分，并递归地找到下一个枢轴。 （它是第k个最大查找器，你需要改变if else条件才能使它成为最小的查找器。）这是 JavaScript 代码 -
// Complexity is O(n log(n))
var source = [9, 2, 7, 11, 1, 3, 14, 22];
var kthMax = function(minInd, MaxInd, kth) {
// pivotInd stores the pivot position
// for current iteration
var temp, pivotInd = minInd;
if (minInd >= MaxInd) {
return source[pivotInd];
}
for (var i = minInd; i < MaxInd; i++) {
//If an element is greater than chosen pivot (i.e. last element)
//Swap it with pivotPointer element. then increase ponter
if (source[i] > source[MaxInd]) {
temp = source[i];
source[i] = source[pivotInd];
source[pivotInd] = temp;
pivotInd++;
}
}
// we have found position for pivot elem.
// swap it to that position place .
temp = source[pivotInd];
source[pivotInd] = source[MaxInd];
source[MaxInd] = temp;
// Only try to sort the part in which kth index lies.
if (kth > pivotInd) {
return kthMax(pivotInd + 1, MaxInd, kth);
} else if (kth < pivotInd) {
return kthMax(minInd, pivotInd - 1, kth);
} else {
return source[pivotInd];
}
}
// last argument is kth-1 , so if give 2 it will give you,
// 3rd max which is 11
console.log(kthMax(0, source.length - 1, 2));
答案 6 :(得分：1)
我不知道你在寻找什么，但非常简单的O（n * k）时间和O（k）空间。这是最大的K因此需要翻转它。
对于最小的k（结果）的粗暴可以替换堆
sys.path.append('/opt/gsnworkflow/')
sys.path.append('/opt/gsnworkflow/Modules/')
sys.path.append('/opt/gsnworkflow/GSNEventLoop/')
答案 7 :(得分：1)
我相信这可以在O（n）时间内使用O（n）空间完成。如前所述，您可以使用Hoares算法或快速选择的一种形式。
基本上，您在阵列上运行Quicksort，但是仅在分区的一侧运行，以确保比枢轴大K或K-1个元素（可以包括lr排除枢轴）。如果列表不需要排序，则只需从数据透视表中打印阵列的其余部分即可。由于可以在适当的位置进行快速排序，因此需要O（n）的空间，并且由于要对阵列中要检查的部分（平均）进行一半的处理，因此每次需要O（2n）== O（n）的时间
答案 8 :(得分：0)
只需使用Merge Sort对数组进行排序，然后打印第一个k数，在最坏的情况下将采用n * log2（n）。
答案 9 :(得分：0)
如何使用堆来存储值。当您遍历数组中的每个值时，此成本为n。
然后通过堆来获得最小的k值。
运行时间是O（n）+ O（k）= O（n）
当然，内存空间现在是O（n + n）
答案 10 :(得分：0)
如上所述，有两种方法可以完成这样的任务：
1）您可以使用quicksort，heapsort或任何n排序算法对整个O (n log n)元素进行排序，然后选择{{1}数组中的最小值。此方法适用于m。
2）您可以使用selection algorithm来渲染阵列中最小的元素O(n log n)。 m时间找到 kth 最小值，因为您将迭代此算法 m 次，总时间将为O(n)。
答案 11 :(得分：0)
另一种技术 - 使用QuickSelect算法，结果将是返回结果左侧的所有元素。平均时间复杂度为O（n），在最坏的情况下，它将为O（n ^ 2）。空间复杂度为O（1）。
答案 12 :(得分：0)
这与递归的基本条件略有不同，在选择算法中，要返回指向以随机顺序包含所有前k个最小元素的动态数组的指针，则为O（n）。
void swap(int *a, int *b){
int temp = *a;
*a = *b;
*b = temp;
}
int partition(int *A, int left, int right){
int pivot = A[right], i = left, x;
for (x = left; x < right; x++){
if (A[x] < pivot){
swap(&A[i], &A[x]);
i++;
}
}
swap(&A[i], &A[right]);
return i;
}
int* quickselect(int *A, int left, int right, int k){
//p is position of pivot in the partitioned array
int p = partition(A, left, right);
//k equals pivot got lucky
if (p == k-1){
int*temp = malloc((k)*sizeof(int));
for(int i=left;i<=k-1;++i){
temp[i]=A[i];
}
return temp;
}
//k less than pivot
else if (k - 1 < p){
return quickselect(A, left, p - 1, k);
}
//k greater than pivot
else{
return quickselect(A, p + 1, right, k);
}
}