Question

^附录：

让我简化我的问题，一次尝试一次，因为我感到自己对要实现的目标产生了太多困惑。

^{请记住，我正在使用C ++ 11，并且我认为在使用PHP-CPP库时一定会使用它。但是，由于我是一个初学者，所以我甚至不确定。}

我的最终目标是“简单地”创建一个可以容纳模板Php::Class返回的任何值的映射。但是，让我们从尝试一个具体的实例开始，例如Php::Class<Animal::Mammal>。

首先，我在名为Animal的命名空间Mammal中创建一个类，该类从Php::Base扩展（当您想使用PHP-CPP将类导出到PHP时，需要扩展Php::Base）：

namespace Animal {
  class Mammal : public Php::Base { /* left out for brevity */ }
}

然后，为了简单起见，让我现在暂时尝试在get_module()内创建一个地图，然后尝试在其中添加一个元素：

extern "C"
{
  PHPCPP_EXPORT void *get_module() {    
    // create the map
    std::map<std::string, Php::Class<Animal::Mammal>> classMap;

    // create the thing (at this point I just don't know what the actual return type is anymore) that will be exported later on.
    Php::Class<Animal::Mammal> mammal( "Mammal" );

    // try to add this "thing" to the map:
    classMap[ "Animal::Mammal" ] = mammal;

    /* left out for brevity */
}

结果是：

error: use of deleted function ‘Php::Class<Animal::Mammal>&
       Php::Class<Animal::Mammal>::operator=(const Php::Class<Animal::Mammal>&)’

当我尝试：

// require a pointer
std::map<std::string, Php::Class<Animal::Mammal>*> classMap;

classMap[ "Animal::Mammal" ] = *mammal;

结果是：

error: no match for ‘operator*’ (operand type is ‘Php::Class<Animal::Mammal>’)

我也尝试了许多其他方法，但是似乎没有什么可以让我将Php::Class模板创建的内容放入地图中。此时，我正在拔头发。我想念什么？

模板Php::Class可能创建了根本无法放在地图中的内容吗？我如何找出模板Php::Class实际创建的内容？

^{原始问题：}

尽管我对C ++有一些粗略的了解，但我是真正使用C ++编程的新手。

我正在尝试使用PHP-CPP开发PHP扩展。使用此库，您可以定义C ++类并将其导出为PHP类。 Their documentation几乎专门显示了examples，在其中将这些类和方法导出到其主要get_module()函数中。

但是，由于这很快就会变得很混乱，因此我想将此逻辑移到各个类附近。因此，我为此创建了一个模板函数：

namespace Animal
{
  template<typename T>
  void addToExtension( Php::Extension &extension, Php::Namespace &ns, ClassMap &map ) { }
}

然后我专门研究类似的东西：

namespace Animal
{
  class Mammal : public Php::Base
  {
  };

  template<>
  inline void addToExtension<Mammal>( Php::Extension &extension, Php::Namespace &ns, ClassMap &map ) {
    Php::Class<Mammal> clss( "Mammal" );

    // this is where I'm having extreme difficulty with
    map[ "Animal::Mammal" ] = clss;

    // add class to namespace
    ns.add( std::move( clss ) );
  }
}

...然后在get_module()中，我这样做：

PHPCPP_EXPORT void *get_module() {
  static Php::Extension extension( "animals", "0.1" );

  Php::Namespace ns( "Animal" );

  Animal::ClassMap classMap;

  Animal::addToExtension<Animal::Mammal>( extension, ns, classMap );
  Animal::addToExtension<Animal::Dog>( extension, ns, classMap );
  Animal::addToExtension<Animal::Cat>( extension, ns, classMap );
etc...

  extension.add( std::move( ns ) );

  return extension;
}

如您所见，我也想将每个单独的类也添加到Animal::ClassMap映射中，因为当后续类需要从它们扩展时（即导出到PHP），我想使用它们。：

// for instance, something like (not sure yet, if this is actually possible)
clss.extends( map[ "Animal::Mammal" ] );

但这就是我遇到的极端困难。我试图以各种方式定义Animal::ClassMap：

namespace Animal
{
  // some examples of what I've tried:
  typedef std::map<std::string, Php::Class> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, Php::Class*> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, Php::Base> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, Php::Base*> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, Php::ClassBase> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, Php::ClassBase*> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, Php::Class<Php::Base>> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, Php::Class<Php::Base>*> ClassMap;
  typedef std::map<std::string, std::shared_ptr<Php::Class>> ClassMap;
  // etc., etc., etc. ...
}

并尝试以各种方式分配给它：

Php::Class<Mammal> clss( "Mammal" );

// some examples of what I've tried:
map[ "Animal::Mammal" ] = clss;
map[ "Animal::Mammal" ] = *clss;
map[ "Animal::Mammal" ] = &clss;
map[ "Animal::Mammal" ] = std::make_shared<Php::Class>( clss );
map[ "Animal::Mammal" ] = std::make_shared<Php::ClassBase>( clss );

map.insert( std::pair<std::string, Php::Class>( "Animal::Mammal", clss ) );
// etc., etc., etc. ...

但没有任何编译。

我遇到了编译错误，从“未定义的{operator*”到“类不完整”（或类似的东西）到“模板参数无效”。

如您所见，我显然对这里需要做的事情缺乏实际的了解。

如何确定地图的正确值类型，然后如何向地图中正确添加“类”（甚至是适当的类？）？

^{PS：我相当有信心，我已经在适当的文件中正确包含了所有必要的头文件/文件。为了简洁起见，我在示例中省略了这些内容。}

Answer 1

看起来function createTypedFactoryLookup<TKeys extends string>(){ return function <T extends { [key in TKeys]: any }>(factory: T) { return factory; } } const typedFactoryLookup = createTypedFactoryLookup<FactoryTypes>()({ foo: (message: string, count: number) => {}, bar: () => {}, baz: (obj: any) => {}, })是一个模板，因此您不能将其作为Php::Class的{{1}}，它是 n' 一种类型。

您将必须为要注册的每个类都具有一个“注册我”功能，该功能归入集合。

mapped_type

如果有大量要注册的名称空间，则可能会以std::map结尾，将名称与注册函数的名称空间集合匹配。

您会喜欢使用

void registerMammal(Php::Namespace & ns) override 
{ 
    Php::Class<Animal::Mammal> cls("Mammal");

    cls.method<&Animal::Mammal::method>("method");
    // ... 

    ns.add(std::move(cls));
}

std::vector<std::function<void(Php::Extension &, Php::Namespace &)>> AnimalRegistrations{ registerMammal, ... }; 

PHPCPP_EXPORT void *get_module() {
    static Php::Extension extension( "animals", "0.1" );

    Php::Namespace ns( "Animal" );

    for (auto & reg : AnimalRegistrations)
    {
        reg(ns);
    }

    extension.add( std::move( ns ) );

    return extension;
}

Answer 2

好吧，经过大量的试验和错误，我终于设法将模板function f(num) if num == 0 then return end -- Do something return f(num-1) end的具体结果放入地图中并进行检索：

Php::Class

我仍然不明白为什么要通过以下方式加入地图：

std::map<std::string, Php::Class<Animal::Mammal>> classMap;

Php::Class<Animal::Mammal> mammal( "Mammal" );

classMap.insert( std::make_pair( "Animal::Mammal", mammal ) );

Php::Class<Animal::Mammal> mammal = classMap.at( "Animal::Mammal" );

，然后使用以下方法再次进行检索：

classMap[ "Animal::Mammal" ] = mammal;

但是

是行不通的。如果有人能启发我这些复杂的事情，我将不胜感激。

我认为这与我在问题中显示的有关未定义运算符的错误消息有关。如果没有明确定义运算符，我本来希望会有一些默认行为，但事实并非如此。

为std :: map

2 个答案: