我的插槽未在Qt Creator Signal / Slot编辑器中列出

Question

我创建了一个Qt4 Gui应用程序。我有主窗口。我在MainWindow的中央窗口小部件上放了一个QStackedWidget和两个QPushButtons。我使用QtCreator作为我的IDE。

在附图中，显示的堆叠小部件有两个页面，两个pushButtons 1和2分别用于导航到堆叠小部件的firstPage和SecondPage。

问题1： 当我打开信号/插槽编辑器时，我选择了sender = button1并且signal = clicked，那么receiver = stackedWidget和slot =？ 。它应该是setCurrentIndex（），但它没有在下拉列表中列出。

问题2： 在QtCreator的右侧对象面板中标有“拒绝符号”。我不知道为什么那些符号在那里？有什么问题吗？

我附上下面的截图。如果需要更多详细信息，请告诉我们。

Answer 1

我也在学习QT和QT Designer，并遇到了同样的问题。对互联网的坚定搜索揭示了其他几个有同样问题但没有答案的人。你认为那里有人会解释它。叹息。

无论如何，问题在于按钮发送的信号与堆叠小部件上的“setCurrentIndex（int）”插槽的签名不匹配，因此“setCurrentIndex（int）”不会显示当人们试图使用按钮“clicked（）”信号时，在菜单中。也就是说，“clicked（）”没有参数，“setCurrentIndex（int）”只有一个整数参数，因此它们有不同的签名。

在我的项目中，我尝试将菜单项连接到堆叠小部件，以便在选择菜单项时显示其中一个包含的小部件。菜单项只有“triggered（）”信号，没有“triggered（int）”信号，QStackedWidget的“setCurrentIndex（int）”插槽期望信号在其签名中有一个整数参数。

换句话说，你不能直接做你想做的事。

以下是我在代码中解决的问题。请记住，我正在使用MonoDevelop（在Linux下进行C＃开发）和Qyoto（这是Qt的C＃接口）在C＃中编写我的Qt应用程序。

创建主窗口（并将其分配给名为“layout”的变量）后，我这样做了：

QObject.Connect (layout.someMenuItem, SIGNAL("triggered()"), showSomeView);

这会导致我的菜单项在触发时调用showSomeView（）函数。

然后我写了

public void showSomeView()
{
    layout.stackedWidget.SetCurrentWidget(layout.someView);
}

现在它就是我的意思！

项目语言中的解决方案应与此类似。不幸的是，信号/插槽连接必须在代码中设置，而不是在QT Designer的GUI中设置，但我不知道如何做到这一点。