我是通过使用此函数为每个值k=3
从n
检查k
(给定上限值)来执行此操作。如何对其进行优化以将所有素数数据都计入数组中的n
,而不需要检查每个数字k
?
int primeCheck(long long int k) {
int j;
int isPrime = 1;
int sr = (int)sqrt(k);
for (j = 2; j <= sr; j++) {
if (k % j == 0) {
//printf("=========== %d|%d\n", num,num2); // uncomment this to see if a number is divisible
isPrime = 0; // this number is not prime, cos num can be divided by num2
break;
}
}
if (isPrime) {
return isPrime; // reset the check parameter
} else {
return 0; // reset the check parameter
}
return 0;
}
答案 0 :(得分:2)
尝试筛选Eratosthenes。该算法通过消除从2
到n
的素数的所有因子来工作。
int main() {
int n;
scanf("%d", &n);
int prime[n+1];
for(int i = 0; i < n+1; i++)
prime[i] = 0;
for(int i = 2; i <= sqrt(n+1); i++) {
if(prime[i] == 0) {
for(int j = i*i; j <= n; j += i)
prime[j] = 1;
}
}
int prime_list[n], size = 0;
for(int i = 2; i <= n; i++) {
if(prime[i] == 0)
prime_list[size++] = i;
}
}
例如,让数字最初为:
2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30
2
的所有倍数(2
除外)我们得到: 2 3 5 7 9 11 13 15 17 19 21 23 25 27 29
3
的所有倍数(3
除外),我们得到: 2 3 5 7 11 13 17 19 23 25 29
5
的所有倍数(5
除外),我们得到: 2 3 7 11 13 17 19 23 29
现在,将不再有删除,并且在对剩余的每个素数进行几次迭代后,这将是我们的最终列表。
prime[i]
的{{1}}。我们将所有这些索引附加到另一个i = {2, 3, 7, 11, 13, 17, 19, 23, 29}
向量中,如代码中所做的那样。该向量将给出prime_list
的所有素数。
答案 1 :(得分:0)
你也可以在2.之后跳过偶数数字
int primeCheck(long long int k){
if(k<=1 || k%2==0){ //if number is even return 0 its not prime
return 0;
}
int sr = (int) sqrt(k); //probable divisor
for(int j=3;j<=sr;j+=2){
if(k%j == 0){
//printf("=========== %d|%d\n", num,num2); // uncomment this to see if a number is divisable
return 0; //if number is not prime skip everything and return zero
}
}
return 1; //if loop completes i.e. not divisor found then return return 1
}
答案 2 :(得分:0)
如果你想检查范围内的很多数字,我建议使用Sieve of Eratosthenes算法。
你的功能可能会更好一点:
int primeCheck(long long int n)
{
if (n <= 1)
{
return 0;
}
if (n <= 3)
{
return 1;
}
if (n % 2 == 0 || n % 3 == 0)
{
return 0;
}
int sr = (int)sqrt(n);
for (int i = 5; i <= sr; i += 6)
{
if (n % i == 0 || n % (i + 2) == 0)
{
return 0;
}
}
return 1;
}