Question

我正在我的项目中创建一个工厂类，其中此类将报告类型作为字符串。此字符串具有实现报告接口的具体类的名称。

我遇到的问题是，当我实例化此类时，我收到Class not found错误。

以下是工厂代码。

namespace App\Term\Reports;

class Factory
{
    public static function build($type)
    {
        $obj = new CableBySensor();  // Works!

        // $type == 'CableBySensor'
        $obj2 = new $type;         // Class not found :(

        // ... validates if the class exists ...
        // ... and if it implements the Report Interface ...
        // ... throw exception if class doesn't exist or doesn't implements interface
        // ... then returns the corresponding object.
    }
}

两种方法几乎都是一样的。

首先：为什么我必须在字符串中指定类的完全限定名称才能使其正常工作？类CableBySensor与Factory位于同一名称空间。

这开始给我带来麻烦，因为我还想验证正在实例化的类是否实现了ReportsInterface。

第二：我如何克服这个问题？我应该像这样$myReport = Factory::build('App\Term\Reports\' . $className);调用工厂，还是应该在Factory类中使用__NAMESPACE__常量，例如：$obj = new __NAMESPACE__ . '\' . $className？

谢谢。

Answer 1

无论工厂方法在这里是否有用，无论如何问题在于尝试从动态变量实例化。

或akhoondi at php.net指出：

必须注意的是，当使用动态类名[...]时，“当前命名空间”[...]是全局命名空间。

可能有3个解决方案：

将完全限定的类名传递给工厂方法（arghh ...）
```
$instance = Factory::build('Acme\CableBySensor');
```

或者，检查你的构建方法并在必要时为命名空间添加前缀（如建议here）（听起来不是那么简单）

public static function build($type)
{
    if ($type[0] !== '\\') {
        $type = '\\' . __NAMESPACE__ . '\\' . $type;
    }
    $obj = new $type;
    ...
}

或者，如果你有 PHP 5.5 + ，为什么不使用class name resolution via ::class？就个人而言，我会尽可能选择那个：
```
$instance = Factory::build(CableBySensor::class);
```

从类名称创建的对象在命名空间内不起作用

1 个答案: