Question

最近，我将一个作为参数传递的函数传递给lambda表达式时遇到了一个奇怪的问题。使用clang 3.5+编译的代码很好，但是在g ++ 5.3中失败了，我想知道问题是在c ++标准中，在clang中是非标准扩展，还是在GCC中无效的句法解释。

示例代码很简单：

    template<typename Fn, typename... Args, typename T = typename std::result_of<Fn(Args...)>::type>
    std::future<T>
    async(Fn &&fn, Args &&... args)
    {
        std::shared_ptr<std::promise<T>> promise = std::make_shared<std::promise<T>>();
        auto lambda = [promise, fn, args...](void)
            { promise->set_value(fn(std::move(args)...)); };
        send_message(std::make_shared<post_call>(lambda));
        return promise->get_future();
    };

海湾合作委员会报告了以下内容：

error: variable ‘fn’ has function type
             { promise->set_value(fn(std::move(args)...)); };
(...)
error: field ‘async(Fn&&, Args&& ...) [with Fn = int (&)(int, int); Args = {int&, int&}; T = int]::<lambda()>::<fn capture>’ invalidly declared function type
         auto lambda = [promise, fn, args...](void)

幸运的是，我找到了一个简单的解决方法，添加了一个std :: function对象，封装了函数参数：

    template<typename Fn, typename... Args, typename T = typename std::result_of<Fn(Args...)>::type>
    std::future<T>
    async(Fn &&fn, Args &&... args)
    {
        std::shared_ptr<std::promise<T>> promise = std::make_shared<std::promise<T>>();
        std::function<T(typename std::remove_reference<Args>::type...)> floc = fn;
        auto lambda = [promise, floc, args...](void)
            { promise->set_value(floc(std::move(args)...)); };
        send_message(std::make_shared<post_call>(lambda));
        return promise->get_future();
    };

虽然我没有完全理解第一段代码中的错误，但是使用clang成功编译并运行时没有错误。

修改

我刚刚注意到，如果其中一个参数被认为是参考，那么我的解决方案会发生灾难性的失败。因此，如果您有任何其他可能适用于C ++ 11的建议（即没有专门的lambda捕获[c ++ 14功能]），那真的很酷......

Answer 1

变量fn具有函数类型。特别是，它的类型为Fn = int (&)(int, int)。

类型Fn（不是参考）的值属于int(int,int)类型。

无法存储此值。

我很惊讶它不会为你自动腐烂。在C ++ 14中，您可以这样做：

auto lambda = [promise, fn=fn, args...](void)
        { promise->set_value(fn(std::move(args)...)); };

应该在内部将fn（外部）的类型衰减为fn。如果这不起作用：

auto lambda = [promise, fn=std::decay_t<Fn>(fn), args...](void)
        { promise->set_value(fn(std::move(args)...)); };

明确地衰退它。（衰变是一种适合存储的类型的操作）。

其次，您应该添加mutable：

auto lambda = [promise, fn=std::decay_t<Fn>(fn), args...](void)mutable
        { promise->set_value(fn(std::move(args)...)); };

或std::move不会做太多。（移动const值并没有太大作用）。

第三，你可以转移承诺，而不是创建一个不必要的共享ptr：

template<typename Fn, typename... Args, typename T = typename std::result_of<Fn(Args...)>::type>
std::future<T>
async(Fn &&fn, Args &&... args)
{
    std::promise<T> promise;
    std::future<T> ret = promise.get_future();
    auto lambda =
      [promise=std::move(promise), fn=std::decay_t<Fn>(fn), args...]
      () mutable {
        promise.set_value(fn(std::move(args)...));
      };
    send_message(std::make_shared<post_call>(lambda));
    return ret;
};

这假设您的post_call类可以处理仅移动的lambda（如果它是std::function它不能处理它。）

Answer 2

您的第一个代码在VS2015下编译得很好，所以我无法重现您的问题，但由于您使用的是通用引用，我会尝试类似：

template<typename Fn, typename... Args, typename T = typename std::result_of<Fn(Args...)>::type>
std::future<T> async2(Fn &&fn, Args &&... args)
{
    std::promise<T> prom;
    auto floc = std::bind(std::forward<Fn>(fn), std::forward<Args>(args)...);
    auto lambda = [&prom, floc](void)
    { prom.set_value(floc()); };
    send_message(std::make_shared<post_call>(lambda));
    return prom.get_future();
};

C ++ 11将函数作为lambda参数传递

2 个答案: