这必须在网上某个地方,但是经过几个小时的努力,我没有运气。
所以我在一个页面上创建了HTML表单,并创建了一个可以创建数据库的PHP页面。
<form action="createdb.php" method="post">
<label for="dbname"><b>Name of DB</b></label>
<input type="text" name="dbname" id="dbname"/>
<input type="submit" value="Create DB">
<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "root", "") or die(mysqli_error());
$dbname = $_POST['dbname'];
if (mysqli_query($conn,"CREATE DATABASE $dbname")) {
echo "Database created";
} else {
echo "Database was not created";
}
mysqli_close($conn);
?>
然后我在PHP代码下面有这些表单..用于创建表的表单在刚刚创建的DB中工作正常..但它是从已经创建的数据库中复制表到新创建的数据库的表单。
<form action="createtable.php" method="post">
<label for="tablename"><b>Create Table within new DB</b></label>
<input type="text" name="tablename" id="tablename"/>
<input type="hidden" name="holdname" value="<?php echo $dbname ?>">
<input type="submit" value="Create Table">
</form>
<p>OR</p>
<form action="copytables.php" method="post">
<label for="tablename"><b>Copy RSS Tables</b></label>
<input type="text" name="tablename" id="tablename" readonly/>
<input type="hidden" name="holdname" value="<?php echo $dbname ?>">
<input type="submit" value="Copy Tables">
</form>
我想从名为'rss_db'的数据库中将名为'lookup_age'和'score'的表,结构和数据复制到新数据库中。我已经用许多不同的方式改写了所需的PHP页面,并且ATM已经像这样留下了,就像我在W3schools上看到的那样,这让我更加困惑。我知道它可以通过PHPMYADMIN轻松完成,但现在需要通过查询和HTML表单(如果可能)。继承了我所遵循的内容,但想知道如果可能的话,查询行应该是什么......
<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "root", "") or die(mysqli_error());
$dbname =$_POST['holdname'];
mysqli_select_db($conn,"$dbname");
mysqli_select_db($conn,"rss_db");
$sql = "
INSERT lookup_age
INTO $dbname
FROM rss_db";
mysqli_close($conn);
?>
答案 0 :(得分:0)
我不知道这些是否会有所帮助,但您可以尝试:
create table `table2` like `table1`;
insert `table2` select * from `table`;
or, as a single line perhaps
create table `table2` as select * from `table1`;
答案 1 :(得分:0)
尝试此查询,复制表格:
$sql = " create table '$dbname' as select * FROM 'rss_db'";
答案 2 :(得分:0)
最终发现它!就像......一样简单。
$query = "INSERT INTO $dbname.lookup_age
SELECT * FROM rss_db.lookup_age";