php5函数参数是作为引用传递还是作为副本传递？

Question

Php函数参数是作为对象的引用传递还是作为对象的副本传递？

在C ++中非常清楚但在Php5中我不知道。

示例：

<?php
$dom = new MyDocumentHTMLDom();
myFun($dom);

参数$dom是作为参考传递还是作为副本传递？

Answer 1

在PHP5中，对象通过引用传递。好吧，不完全是技术方面，因为它是一个副本 - 但PHP5中的对象变量存储对象 IDENTIFIER ，而不是对象本身，所以基本上它与通过引用传递相同。

更多信息： http://www.php.net/manual/en/language.oop5.references.php

Answer 2

复制，除非您在函数声明中指定&$dom，否则

更新

在OP中，示例是一个对象。我的回答很简短。 TomaszStruczyński提供了一个很好的，更详细的答案。

Answer 3

对象始终通过引用传递，因此对函数中对象所做的任何修改都会反映在原始

中

Scalars通过引用传递。但是，如果您修改代码中的标量变量，那么PHP将采用本地副本并对其进行修改...除非您明确使用了＆amp;指示函数定义中的引用传递，在这种情况下修改为原始

Answer 4

在PHP5中，对象的默认值是通过引用传递。

以下是一篇强调这一点的博文：http://mjtsai.com/blog/2004/07/15/php-5-object-references/

Answer 5

在php5对象中通过引用传递，在php4及更早版本中 - 通过值（复制）通过php4中的引用传递，您必须在对象名称之前设置&

Answer 6

它与函数参数无关。 PHP 5只有指向对象的指针;它没有“对象”作为值。因此，您的代码在C ++中与此相同：

MyDocumentHTMLDom *dom = new MyDocumentHTMLDom;
myFun(dom);

现在，很多人提到按值传递或通过引用传递。你没有在问题中提出这个问题，但是由于人们提到它，我会谈论它。就像在C ++中一样（因为你提到你知道C ++），传递值或按引用传递取决于函数的声明方式。

当且仅当函数声明中包含&时，参数才会通过引用传递：

function myFun(&$dom) { ... }

就像在C ++中一样：

void myFun(MyDocumentHTMLDom *&dom) { ... }

如果没有，则按值传递：

function myFun($dom) { ... }

就像在C ++中一样：

void myFun(MyDocumentHTMLDom *dom) { ... }