sizeof（int）＆gt; = 2和sizeof（long）＆gt; = 4：对于任何实现，这总是如此吗？

Question

B.Stroustrup在他的新书（TCPL第4版）第6.2.8节中说明如下：

  

C ++的基本类型的一些方面，例如a的大小   int，是实现定义的（第6.1节）。

稍后，在第150页，我们有以下示例：

int_least16_t y; // at least 2 bytes (just like int)
int_least32_t yy // at least 4 bytes (just like long)

我对这两条评论的解释是int（或long）的大小是实现定义的，但它们的最小大小总是分别等于2和4个字节。对于任何实现，即sizeof(int) >= 2和sizeof(long) >= 4。

首先，这是正确的吗？如果是这样，标准中的内容在哪里？

Answer 1

不，并非总是如此。 char可能是64位类型，在这种情况下sizeof(int)和sizeof(long)都可以为1.

但您可以保证sizeof(int) * CHAR_BIT >= 16和sizeof(long) * CHAR_BIT >= 32，因为int和long分别至少需要16位和32位。

Answer 2

第一：不，这是错的。既然这是错的，标准并没有说它是......;）

[如果按字节我们指的是8位单位，而不是规范的char大小单位，那么int_least16_t至少是2个字节是正确的，因为它必须是至少16位，当然int_least32_t的4个字节对于8位字节也是如此 - 但是C和C ++规范没有说明是char，它被认为是最小的单位并经常字节[sizeof(char)可互换使用，保证提供1]]

标准的唯一规定是：

1. sizeof(char) <= sizeof(int) <= sizeof(long) [至少就此而言]。
2. int至少可以保留16位，long至少可以保存32位。

此后的所有实现都很好。对于24位char，系统的int可以为int，而对于48位sizeof(long) == 2，{size}（long）= {1} This is my result:完全有效。或者所有类型都是32,40,48,64,80,96或128位的那种。

Answer 3

1. char不能有填充位。因此，CHAR_MIN和CHAR_MAX必须跨越CHAR_BIT >= 8定义的整个空间。如果为CHAR_BIT == 16，则CHAR_MIN == 0的{​​{1}}或CHAR_MIN == 0x8000和CHAR_MAX == 0xFFFF或CHAR_MAX == 0x7FFF为char而signed为char分别表示2的补码。
2. unsigned是EOF中定义的int，不能用<stdio.h>表示。即char总是返回if (EOF == (char)EOF)。
3. 任何需要false，主要是EOF的标准库，都需要sizeof（int）> sizeof（char）
4. 大于1的最小值是2，因此<stdio.h>在宿主环境中
自由环境中的
5. sizeof(int) >= 2有效。这是因为sizeof(int) == 1仅需要在托管环境中实现。