Question

我有一个搜索表单来搜索用户名。我已经制作了SQL Wildcard LIKE，但它只打印一个用户名？我也尝试过，但它没有？

$besked = "&nbsp;";
    if(isset($_POST['submit'])){
        if(!empty($_POST['username'])){

            $username = $_POST['username']; 
            $getHeads = mysqli_query($mysqli, "SELECT * FROM user WHERE username LIKE '%".$username."%'") or die(mysql_error());


            while($headInfo = mysqli_fetch_array($getHeads))
            $besked = "<a href='member.php?id=".$headInfo['id']."'><font color='blue'><h3>".$headInfo['username']."</h3></font></a>";

                } else
            $besked = "No user found!";
            }

Answer 1

如果没有更多背景信息，很难找到造成问题的原因。但是，您提供的代码中存在很多错误，因此请先尝试修复它们。

问题

为什么要用两个if语句包装所有内容？只需使用&&检查同一个if中的两个变量。
您正在混合mysqli_*和mysql_*个功能。不要这样做，mysqli和mysql是两个不同的数据库抽象层，不应在您的应用程序中同时使用。
我可能会错误解释您的脚本，因此我会在下面编辑的代码中保持此部分不变，但您的if语句正在检查两个变量是否已设置，如果不是，则告诉用户＆＃34;没有找到用户！＆＃34;。但是，这应该说的是，＆＃34;请输入一个搜索词，＆＃34;因为你实际上并没有搜索任何用户。
尝试编写更有条理的代码。你错过了一些花括号，这可能导致脚本刹车。
不是后端问题，但我觉得有必要提醒您不要使用<font>标记。改用CSS。

$besked = "&nbsp;";
if(isset($_POST['submit']) && !empty($_POST['username'])){
    $username = $_POST['username']; 
    $getHeads = mysqli_query($mysqli, "SELECT * FROM user WHERE username LIKE '%".$username."%'") or die(mysqli_error());
    while($headInfo = mysqli_fetch_array($getHeads)) {
        $besked = "<a href='member.php?id=".$headInfo['id']."'><font color='blue'><h3>".$headInfo['username']."</h3></font></a>";
    }
} else {
        $besked = "No user found!";
    }
// Echo out the result
echo $besked;

使用通配符PHP搜索

1 个答案:

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