在命名空间中的一个类中，我可以退出**只是**类命名空间吗？

Question

此代码无法编译：

class A;

void foo(A&) {
}

class A {
    void foo() {
        foo(*this); ///This does not compile
    }
};

错误：

error: no matching function for call to 'A::foo(A&)'
         foo(*this);
                  ^
note: candidate is:
note: void A::foo()

这可以通过调用::foo(*this);

来解决

---

但是，让我们考虑一下我们在命名空间中的情况：

namespace bar {

    class A;

    void foo(A&) {
    }

    class A {
        void foo() {
            foo(*this); ///This does not compile
        }
    };

}

除了明确调用bar::foo(*this);之外还有其他方法吗？我的意思是，有没有办法在下一个声明区域中查找名称，即包含bar命名空间？

用例类似于here。

Answer 1

  

我的意思是，有没有办法在下一个声明区域中查找名称，   即包含bar名称空间？

没有

你可以采取相反的方式：

void foo() {
    using bar::foo;
    foo(*this); /// OK now
}

Answer 2

不在方法本身内。但是，您可以在.cpp文件中执行此操作：

namespace bar {
  namespace {
    auto outerFoo = foo;
  }
  void A::foo() {
      outerFoo(*this);
  }
}

请注意，名称outerFoo是隐藏的实现细节，不会导致名称冲突（因为它位于匿名命名空间中）。