Question

如何在nodeJS中包含所有文件，如

require('./packages/city/model/cities')
require('./packages/state/model/states')
require('./packages/country/model/countries')

喜欢

require('./packages/*/model/*')

就像grunt正在加载文件一样。

Answer 1

你不能（或者至少你不应该）

为了做到这一点，你必须重载节点的本地require函数，这是非常不可取的。

CommonJS模式对你来说可能看起来很乏味，但它是一个非常好的模式，你不应该因为你看到其他语言/框架中的快捷方式而试图打破它。

通过在模块中引入某种形式的魔法，你会突然改变程序员可以（并且应该能够）安全地假设CommonJS模式本身的所有内容。

Answer 2

由于节点模块加载系统中的一对一对应，本机不可能，但如果有这种方法的包，也不会感到惊讶。

您可以做的最好的事情是创建一个index.js，它可以加载目录中的模块，并将它们作为自己的模块导出。

module.exports = function() {
   return {
        city : require('./city/model/'),
        state : require('./packages/state/model/'),
        country : require('./packages/country/model/')
   }
}

你也必须在所有三个dirrectories中以类似的方式加载模型。

我知道这个解决方案不是您想要的，但在我的实验中，这种方法可以更好地管理自定义包，因为您可以轻松添加/删除功能。

Answer 3

Node.js的require允许你

一次只加载一个模块
仅以同步方式加载模块。

这就是模块系统在Node.js中的工作方式。但是如果你想拥有minimatch类型的匹配功能，你可以自己滚动一个，比如这个

var path = require("path"),
    glob = require("glob");

function requirer(pattern) {
    var modules = {},
        files = glob.sync(pattern);

    files.forEach(function(currentFile) {
        var fileName = path.basename(currentFile);
        fileName = fileName.substring(0, fileName.lastIndexOf(".js"));
        modules[fileName] = require(currentFile);
    });

    return modules;
}

这取决于glob模块，它允许您使用迷你匹配模式搜索文件，然后我们需要找到的文件，将它们存储在一个对象中并返回该对象。这可以像这样使用

var modules = requirer('./packages/*/model/*.js');
console.log(modules.cities);

P.S：我正在努力使其成为public module。

如何在路径中要求具有模式的模块？

3 个答案: