Question

所以我正在尝试检查用户是否已经喜欢帖子。

代码：

function previously_liked($id) {
    if (isset($_SESSION['user_login'])) {
        $user = $_SESSION["user_login"];
    }
    else {
        $user = "";
    }

    $connection = new mysqli($host, $username, $password, $database);

    $id = $connection->real_escape_string($id);

    $query = $connection->query("SELECT COUNT(`id`) AS `count` FROM `likes` WHERE `id` = '$id' AND `user_id` = '".$connection->escape_string($user)."'");

    while ( $row = $query->fetch_object()->count ) {
            if ( $row->count == 0 ) return false;
            else return true;
}
}

问题是，它不会返回错误或真实。在我的另一个PHP页面上，我试图像这样运行这个函数：

if (previously_liked(70) === true) {
    $aliked = "You've already liked this!";
}

echo $aliked;

我看到的唯一错误是Notice: Undefined variable: aliked in profile.php on line 391

欢迎任何帮助！谢谢！

Answer 1

您的查询没问题，您的问题是其他问题：您在if语句的范围内定义$aliked，因此您无法在外部使用它。您需要更改代码，一种可能性是：

if (previously_liked(70) === true) {
    echo "You've already liked this!";
}

或者这个：

$aliked = "";
if (previously_liked(70) === true) {
    $aliked = "You've already liked this!";
}

echo $aliked;

Answer 2

您可以执行以下操作来查找代码中的错误：

echo $user; //before MySQL query

在替换＆＃34;。$ connection-＆gt; escape_string（$ user）后，在MySQL控制台或应用程序（如PHPmyAdmin）中查询MySQL语句。＆＃34;到你的user_id。如果它获取行而不是MySQL语句是正确的并且$ _SESSION [＆＃34; user_login＆＃34;]值有问题。

或者，您也可以回显返回的行以检查输出数据。

否则，请将查询语句检查为列名，表名，数据库等。

希望，它可以帮助你...

MySQL COUNT在PHP中不返回False或True

2 个答案: