Golang：如何解析文件名参数？

Question

我在golang中编写一个命令行实用程序，它以文件作为参数。如何准确地将此参数转换为可用文件？似乎有很多情况需要处理：

• 已经给出了绝对路径，我应该按原样使用
• 已经给出了相对路径，我应该路径。用当前工作目录加入（）它
• “。”和“../”用于路径，我相信我仍然应该使用path.Join（）和Go会简化路径吗？

Go会提供什么来处理这个问题吗？我应该根据第一个字符是否为“/”进行分支吗？这似乎是一个hacky解决方案，但也许它总是有效，所以应该这样做？

Answer 1

操作系统为您解释路径。您不需要对路径名执行任何操作。你可以简单地做这样的事情：

os.Open("./path/to/file")
os.Open("another/file")
os.Open("../some_file")

等等

Answer 2

撇开你不想将.视为文件，不用担心。

在可信环境*中，用户确实可以指向任何文件，os包将负责处理。无需filepath.Join任何事情。

• 如果给出绝对路径，它将打开它。 （即：以/开头）
• 如果没有，那么它将相对于当前工作目录看到它。 （包括.和./）

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（*）在不受信任的环境（例如Web服务器）中，您需要验证为授权指定的路径。

Answer 3

操作系统为您努力工作。但是传递的参数可以对应一个目录。您应该检查os.FileInfo.IsDir，或者path.filepath.WalkFunc()执行path.filepath.Walk()批处理操作。后者是一种非常常见的方法。