Question

我有一个函数，其中一个参数与引用（＆amp;）一起传递。但是，如果我将该参数设置为NULL，我会收到错误：

＆＃34;无法通过参考传递参数1 ...＆＃34;

这是剧本：

<?php
function doSomething(&$reference,$arg1,$arg2){
    if($reference !== NULL){
        //Do something with reference

    }else{
        //Do something else
    }
}

//Call with reference
doSomething($a,$b,$c);

//Call without reference
//doSomething(NULL,$b,$c);
?>

我认为这是因为NULL未被声明为变量，而是立即在函数本身中声明。当我这样做时它起作用：

$nullVar = NULL;
doSomething($nullVar,$b,$c);

如何编辑我的函数，这样当我只在函数中放入NULL时它不会显示引用错误，并且只在可能的情况下保留引用（因为我在设置为NULL时不使用引用）

Answer 1

如果你交换参数的位置，你仍然可以创建一个可选的引用：

function doSomething($arg1,$arg2, &$reference = null){
    if($reference !== NULL){
        //Do something with reference

    }else{
        //Do something else
    }
}

$a = 'a';
$b = 'b';

doSomething($a, $b);

但是将null传递给第三个参数仍然会导致错误。

doSomething($a, $b, null); // error

新创建的变量也可以满足引用。由于没有指定值的变量默认为null，因此您可以提供变量，而无意在之后使用它。

doSomething($a, $b, $unused_var);

Answer 2

你不能引用NULL，它不存在。老实说，在调用函数并运行if（$ reference！== NULL）块之前检查null。或者您可以将函数拆分为两个单独的函数，一个是$ reference为null而另一个是$ reference指向某个函数。

避免在功能中无法传递参考错误

2 个答案: