Question

我有一个名为＆＃34; image.php＆＃34;用于计算展示次数然后打印图像。

以这种方式调用此脚本：

<img src="path/image.php?id=12345" />

我的用户经常使用它，我每天都会看到数千个请求

所以我希望了解在此脚本末尾输出图像的最佳方法是什么：

方法1（实际使用中）：

header("Content-type: $mime"); //$mime is found with getimagesize function
readfile("$image_url");
exit;

方法2（非常确定最慢）：

header("Content-type: $mime");
echo  file_get_contents("$image_url");
exit;

方法3：

header('Location: '.$image_url);
exit();

方法3比方法1更好/更快吗？

Answer 1

Ok首先，重定向到原始文件时，方法3的速度会更快。

前两种方法需要文件访问权限才能读取文件，而且他们也不会使用浏览器缓存！

此外，当您存储渲染的图像时，您可以更好地让apache处理您的静态文件。 Apache比PHP更快，它使用正确的浏览器缓存（快3到4倍并不会让人感到惊讶）。

当您请求静态文件时，apache会发送Last-Modified标头如果您的客户端再次请求相同的映像，它会发送具有相同日期的If-Modified-Since标头。如果文件未被更改，您的服务器将使用304 Not Modified标头进行响应而没有任何数据，这将为您节省大量IO操作（除了也使用了ETAG标头）

对于图片的展示次数，您可以创建一个解析您的apache访问日志的cronjob，以便最终用户甚至不会注意到它。但在您的情况下，您可以更轻松地计算脚本中的展示次数，然后重定向

Answer 2

本质上，readfile的作用是将文件直接读入输出缓冲区，而file_get_contents将文件加载到内存中（字符串）。因此，当您输出结果时，数据将从内存复制到输出缓冲区，使其比readfile慢两倍。

用php输出图像的最佳方法

2 个答案: