这给了我一些大脑重击：
user> (repeatedly 10 #((memoize rand-int) 10))
(7 0 4 8 1 2 2 1 6 9)
user> (repeatedly 10 (partial (memoize rand-int) 10))
(8 8 8 8 8 8 8 8 8 8)
我想知道原因是否因为函数文字（第一版）每次被调用/评估，因此memoize每次都被“重新创建”（重新记忆），因此不是真的有任何真正有意义的“记忆”，而第二个partial实际上返回一个只评估一次的固定函数，因此每次使用相同的memoize值（排序）虽然我不认为这有资格作为一个真正的“封闭”）
我是否正确思考？
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是的，memoize不会以任何方式修改其论点，所以
#((memoize rand-int) 10)
在每次调用时重新创建memoized函数。
(fn [] ((memoize rand-int) 10))
等同。
要从另一个函数调用memoized函数，您需要将它放在Var或封闭的本地函数中：
(repeatedly 10 (let [r (memoize rand-int)] #(r 10)))
;= (2 2 2 2 2 2 2 2 2 2)
在partial示例中，(memoize rand-int)返回的函数作为参数传递给函数partial，然后函数返回一个闭包，该闭包在{{1}的返回时关闭}。所以，这与上面的示例非常接近（(memoize rand-int)返回的闭包使用partial来调用memoized函数）。