Question

我是面向对象PHP的新手，并且遇到以下代码问题。使用Mysqli的数据库查询在类中不起作用，但在外部工作正常。所以我的问题是，我做错了什么？

class webFile {

    private $sql, $query;

    function __construct() {
        $sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
    }

    function doQuery() {
        $queryText = "SELECT * FROM blog_posts WHERE number = '2'";
        if($query = $this->sql->query($queryText)) {
            $results = $query->fetch_array();
            return $results['post_id'];
        } else {
            return "Error";
        }
    }
}

$object = new webFile();
echo $object->doQuery();

服务器错误日志显示“PHP致命错误：在非对象上调用成员函数查询（）”......我是否犯了另一个愚蠢的错误？我在网上看过，但找不到与此问题相关的任何内容。任何帮助将不胜感激。

Answer 1

在构造函数中，将mysqli设置为局部变量$sql

将构造函数更改为

 function __construct() {
        $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
    }

Answer 2

正如Miguelo所说，问题是你在构造函数中写了 $ sql而不是$ this-＆gt; sql 。

但还有另一个问题。

如您所见，您的代码中有

private $sql, $query

我认为您不想在课程中的函数之间使用 $ query ，因此我会将其删除并离开：

private $sql;

但是如果你想在 函数之间使用它，那么 函数doQuery（） 应该是这样的：

function doQuery() { $queryText = "SELECT * FROM blog_posts WHERE number = '2'"; if($this->query = $this->sql->query($queryText)) { $results = $this->query->fetch_array(); return $results['post_id']; } else { return "Error"; } }

Answer 3

这是一个PHP问题。截至本文，PHP不支持嵌套类。在7.0版本中有可能会发生变化，但据我所知，它还没有出现。

我认为你最好的选择是简单地使用你的类扩展MySQLi类，如下所示：

 class webFile extends mysqli {

你可能想把它锁定一些。说到这一点，请注意MySQLi的构造不会被你自己的__construct（）方法自动调用，所以你可能需要解决这个问题。

您还可以使用MySQLi的程序功能来实现所需的结果，而无需扩展MySQLi的类，这是我在查找目前有超过2600个视图且对您的问题没有明确正确答案的帖子时所关注的。

PHP的面向对象并不像某些人那样强大，希望这会在未来几年内发生变化。 PHP 7.0支持匿名类实例化，这表明它可能很快支持嵌套类。

编辑：我在PHP.net上发现了一个涵盖覆盖构造的链接。显然你自己的构造不会覆盖MySQLi，但你必须手动调用它，如：

 parent::__construct($host,$user,$pass,$db);

http://php.net/manual/en/mysqli.construct.php

Answer 4

在php 5.3中，在类构造函数中初始化mysqli对象会破坏代码。我必须将mysqli对象作为参数传递给类才能工作。这是无效的：

function __construct() {
     $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
 }

但这会奏效：

function __construct($mysqli) {
     $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
 }

其中$ mysqli参数可以是

new mysqli('host','user','pass','dbname');

从执行的php脚本传递。 mysqli类似乎有一个问题，我希望他们能在php 7中解决这个问题。另一项工作是将其扩展为php手册页中的大纲。

Answer 5

出于某种原因，似乎您的$ SQL变量未被设置为MySQLi对象的实例。

我自己并不经常使用MySQLi;因为我对mysql_connect优先。

我建议如下：

$this->sql = mysql_connect($host,$user,$pass) or die( mysql_error());
$this->db = mysql_select_db($db) or die( mysql_error());

或者如果您设置了MySQLi对象 -

try
{
    $this->sql = new mysqli('host','user','pass','dbname');
} 
catch(Exception $e)
{
    // throw another exception or something
}

假设连接引发错误 - 这会让您知道它已失败并允许您进行更正。

在PHP类中使用Mysqli的问题

5 个答案: