Question

我试图理解以下代码中的错误。代码应该在两个数组之间切换。

我看到它只切换前4个字节。以下是否正确？

传递&num1或num1是相同的（都传递数组中第一个元素的地址）。
(char**)投射错误。那是因为当你传递和数组时，你传递了它所放置的地址。所以你实际上传给了void*。

如何通过指针实际切换这两个数组？那可能吗？

我知道从一开始我就定义了char **num1和char **num2。但我希望它能保留数组符号！

#include <stdio.h>
void fastSwap (char **i, char **d)
{
    char *t = *d;
    *d = *i;
    *i = t;
}
int main ()
{
    char num1[] = "hello";
    char num2[] = "class";
    fastSwap ((char**)&num1,(char**)&num2);
    printf ("%s\n",num1);
    printf ("%s\n",num2);
    return 0;
}

Answer 1

传递＆amp; num1或num1是相同的（两者都传递数组中第一个元素的地址）。我是对的吗？

没有。第一个是指向数组本身（类型为char (*)[6]）的指针，而在第二种情况下，指针指向第一个元素（指向type char *;数组在传递给函数时衰减为指向其第一个元素的指针。

（char *）投射错误

的确，您正在向char (*)[6]投射char **。

所以你实际上在这里传递了一个空虚（我是否正确？）。

没有。不合逻辑的推论。我不知道void类型在这里是如何相关的。你有指针，数组，并最终指向数组。

数组不是指针。您的代码正在尝试交换数组，这是没有意义的，因为不允许分配给数组。您可能想要的是

予。或者获取指向每个字符串的第一个字符的指针，然后交换指针本身，如下所示：

void swap_pointers(const char **a, const char **b)
{
    const char *tmp = *b;
    *b = *a;
    *a = tmp;
}

const char *p1 = "hello";
const char *p2 = "world";
swap_pointers(&p1, &p2);

II。或者使用实际数组，然后交换内容：

void swap_contents(char *a, char *b, size_t n)
{
    for (size_t i = 0; i < n; i++) {
        char tmp = a[i];
        a[i] = b[i];
        b[i] = tmp;
    }
}

char a1[] = "hello";
char a2[] = "world";
swap_contents(a1, a2, strlen(a1));

另外，您可能需要阅读this。

Answer 2

1. Passing &num1 or num1 is the same (both pass the address of the first element in the array)

不正确，&num1为您指向指向整个字符串“hello”（char * [6]）的指针，而num1只是指向字符块的指针“你好“（char [6]）。

2. The (char*) casting is wrong. That's because When you pass and array you pass the address it's laid in. So you actualy pass here a void (Am i correct?).

它仍然不是一个空白，它只是一个指向字符指针的指针。如果它是无效的，那么做void** myVoid = &num1之类的事情是完全有效的。这将导致语法错误，除非您在分配之前明确地将char **强制转换为void **。

问题是您的显式类型转换&num1为char**这是不正确的，它是char*[6]。但是，当然，您不能将变量声明为char*[6]，因此不能以这种方式使用它。要解决此问题，您需要将num1和num2声明为：

char* num1 = "hello";
char* num2 = "class";

而是保持其他一切相同。事实上，通过此更改，您无需将&num1标记为char**，因为它已经是那样。

在C中混淆指针和数组

2 个答案: