Question

我有3张桌子。

表目录：
id |业务

表类别：
id |类

第三个表将业务ID与类别ID匹配 table cat2dir：
id | catID | DIRID

第一页显示了类别列表。单击一个类别时，它会将URL上的ID发送到下一页。下一页我想显示该类别的业务列表。

编写PHP的正确方法是什么？

<?php
include 'config.php'; // mysql connection

function Getdir($dirId){
    $a = $_GET['id'];
    $result = mysql_query("SELECT dirID FROM 'cat2dir' WHERE 'catID'= '$a'");
    return $return;

}

$sql = "select *" .
        "from directory " .
        "where id = '$Getdir()'";

Answer 1

首先，您可以合并此查询。

SELECT * FROM directory WHERE id IN(SELECT dirID FROM cat2dir WHERE catID = $a

进一步发展的一些提示：

不使用$_GET - 变量而不检查
使用mysqli或PDO代替mysql，弃用
请记住，mysql_query并未返回可用值，您应准备好进一步使用。您的函数返回不是dirID。

Answer 2

SELECT 
  dir.id, dir.business
FROM
  directory AS dir
INNER JOIN
  cat2dir AS cat 
ON 
  cat.dirID = dir.id 
AND 
  cat.catID = <?php echo $_GET['category_id']; ?>

确保对$_GET值执行必要的卫生以防止SQL注入

标准化表中的PHP和MySQL

2 个答案: