Question

以我的php形式发送图像，它会保存到我的服务器上和它会显示action.php页面。现在，当我尝试：

echo '<div id="image"><img src="'.$target_path.'" width="280" height="280"></div>';

它工作得很好......但如果我在我的PHP代码末尾添加unlink($target_path);它即使在显示图像后它被删除，它也不会显示图像...

所以问题是，如何在同一时间显示图像并将其删除，以便我的服务器不会被用户图片填满？

Answer 1

尝试另一件事：输出图像base-64编码。

$contents = file_get_contents($file);
$base64 = base64_encode($contents);
echo '<div id="image"><img src="data:image/jpg;base64,'.$base64.'" width="280" height="280"></div>';

（而不是move_uploaded_file()等，使用$_FILES[...]['tmp_name']）

作为$ file变量

Answer 2

您可以通过创建一个获取image-filename的小脚本来实现这一点，并在检索完后删除它：

<?php
$file = image_file_from_parameter($_GET['image']); 
headers_for_file($file);
readfile($file);
unlink($file);

然后在HTML输出中链接到该脚本：

<img src="path/to/image.php?image=893sudfD983D" />

如果你设置好的缓存标题，用户就不会注意到你的服务器只提供了一次文件。

Answer 3

当您使用img src回显图像的网址时，您只是向浏览器发送图像的网址，而不是实际的图像数据。如果您希望通过这种方法可以查看图像，则图像需要保留在服务器上。

您可以使用bwoebi的解决方案来传递实际的图像数据而不是链接，但更好的解决方案是将图像保留在服务器上并定期删除旧文件。

上传后，php从服务器删除图像显示

3 个答案: