Question

我从正常的django视图中调用tastypie api。

def test(request):

    view = resolve("/api/v1/albumimage/like/user/%d/" % 2 )

    accept =  request.META.get("HTTP_ACCEPT")
    accept += ",application/json"
    request.META["HTTP_ACCEPT"] = accept   
    res = view.func(request, **view.kwargs)

    return HttpResponse(res._container)

Using tastypie resource in view
Call an API on my server from another view

实现同样的目标，但似乎更难。

我接受api的方式是否可以接受？此外，如果我能在python字典而不是json中得到结果，那将是很棒的可能吗？

Answer 1

如果您需要字典，则意味着您必须更好地设计应用程序。不要在你的观点和Tastypie方法中做重要的事情。重构它以具有共同的功能。

作为一般规则，视图必须很小。不超过15行。 使代码可读，可重用且易于测试。

我将提供一个让它更清晰的例子，假设在Tastypie方法中你必须创建一个Like对象，也许发送一个信号：

class AlbumImageResource(ModelResource):
    def like_method(self, request, **kwargs):
        # Do some method checking

        Like.objects.create(
            user=request.user,
            object=request.data.get("object")
        )
        signals.liked_object(request.user, request.data.get("object"))

        # Something more

但是，如果您需要在视图中重用该行为，那么正确的方法是将其分解为不同的函数：

# myapp.utils
def like_object(user, object):
    like = Like.objects.create(
        user=request.user,
        object=request.data.get("object")
    )
    signals.liked_object(request.user, request.data.get("object"))
    return like

现在您可以通过API方法和视图调用它：

class AlbumImageResource(ModelResource):
    def like_method(self, request, **kwargs):
        # Do some method checking
        like_object(request.user, request.data.get("object")) # Here!

在你看来......

# Your view
def test(request, object_id):
    obj = get_object_or_404(Object, id=object_id)
    like_object(request.user, obj)
    return HttpResponse()

希望它有所帮助。

从其他视图使用tastypie api

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