有m*n Matrix
。
从矩阵的一个点开始,您可以移动到八个相邻点之一(up, down, left, right, upper left, lower left, upper right, lower right
)
如果访问过一个方向的点,您可以继续朝这个方向移动到下一个未访问的点。
您无法访问已访问过的点,但您可以通过访问过的相邻点访问其他未访问点。
例如,当前点是(5,5):
现在你需要访问矩阵上的所有点,有多少种方法?
(第一点和最后一点可以是任何一点)。
答案 0 :(得分:3)
这类似于网格上的希腊 - 关键游览的数量/ AKA 自我避免行走次数(see Wikipedia)。
但是在你的变体中,你可以移动到8个方向,而不是4个方向。
对于原始版本,似乎没有已知的n值大的公式。它解释为here和here。
我实现了一个简短的C ++程序来计算你的情况(不是最有效的一个,我猜):
const size_t _DIM_m= 4; // cols
const size_t _DIM_n= 4; // rows
typedef struct // we want to pass the array by value (for recursion), so we'll wrap it with a struct
{
bool g[_DIM_m][_DIM_n];
} Grid;
int Traverse(Grid g, int i, int j, int nVisit= 0)
{
int nWays= 0;
++nVisit; // points visited so far
g.g[i][j]= true;
Grid h= g;
// original problem:
if ( (0 != j) && (!g.g[i ][j-1])) nWays+= Traverse(g, i , j-1, nVisit); // up
if ( (_DIM_n-1 != j) && (!g.g[i ][j+1])) nWays+= Traverse(g, i , j+1, nVisit); // down
if ((0 != i) && (!g.g[i-1][j ])) nWays+= Traverse(g, i-1, j , nVisit); // left
if ((_DIM_m-1 != i) && (!g.g[i+1][j ])) nWays+= Traverse(g, i+1, j , nVisit); // right
// additions for your problem:
if ((_DIM_m-1 != i) && (0 != j) && (!g.g[i+1][j-1])) nWays+= Traverse(g, i+1, j-1, nVisit); // upper right
if ((0 != i) && (_DIM_n-1 != j) && (!g.g[i-1][j+1])) nWays+= Traverse(g, i-1, j+1, nVisit); // lower left
if ((0 != i) && (0 != j) && (!g.g[i-1][j-1])) nWays+= Traverse(g, i-1, j-1, nVisit); // upper left
if ((_DIM_m-1 != i) && (_DIM_n-1 != j) && (!g.g[i+1][j+1])) nWays+= Traverse(g, i+1, j+1, nVisit); // lower right
if (_DIM_m * _DIM_n == nVisit) ++nWays; // if all points visited
return nWays;
}
int _tmain(int argc, _TCHAR* argv[])
{
Grid g;
for (size_t i= 0; i<_DIM_m; i++)
for (size_t j= 0; j<_DIM_n; j++)
g.g[i][j]= false;
int nWays= Traverse(g, 0, 0); // starting point: 0, 0
cout << nWays << endl;
system ("pause");
return 0;
}
矩形网格的结果,从(0,0)开始:
请注意,从不同点开始时结果会发生变化。
修改强>
修改了原始问题:添加了传递。 以下是此案例的解决方案:
const size_t _DIM_m= 4; // cols
const size_t _DIM_n= 4; // rows
typedef struct // we want to pass the array by value (for recursion), so we'll wrap it with a struct
{
bool g[_DIM_m][_DIM_n];
} Grid;
inline bool InRange(int i, int j)
{
return (i >= 0) && (i < _DIM_m) && (j >= 0) && (j < _DIM_n);
}
int Traverse(Grid g, int i, int j, int nVisit= 0)
{
int nWays= 0;
++nVisit; // points visited so far
g.g[i][j]= true;
Grid h= g;
int i1,j1;
i1= i; j1= j;
do { --j1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // up (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
i1= i; j1= j;
do { ++j1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // down (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
i1= i; j1= j;
do { --i1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // left (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
i1= i; j1= j;
do { ++i1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // right (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
i1= i; j1= j;
do { ++i1; --j1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // upper right (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
i1= i; j1= j;
do { --i1; ++j1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // lower left (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
i1= i; j1= j;
do { --i1; --j1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // upper left (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
i1= i; j1= j;
do { ++i1; ++j1; } while (InRange(i1,j1) && (g.g[i1][j1])); // lower right (pass through)
if (InRange(i1,j1)) nWays+= Traverse(g, i1, j1, nVisit);
if (_DIM_m * _DIM_n == nVisit) ++nWays; // if all points visited
return nWays;
}
矩形网格的结果,从(0,0)开始:
答案 1 :(得分:0)
听起来像是一个典型的TSP问题(参见:http://en.wikipedia.org/wiki/Travelling_salesman_problem)。每个盒子例如5,5就像一个城市,只有“道路”或链接可以到达另一个节点或“城市”。希望有帮助你