Question

在浏览一些快板教程时，我发现了一个奇怪的电话。

int al_init();

函数al_init()初始化allegro，以便可以使用allegro函数。 int al_init();行是什么？如果我更改代码的这一行以排除int它的工作方式相同，但如果我完全删除该行，则它不起作用。这条线在做什么？我唯一可以想象的是它创建了一个整数并为其赋予了al_init()函数的返回值，失败可能是-1而成功可能是0等。但是如果这是做什么的，那么你怎么能检查返回值？

Answer 1

在C / C ++中有函数声明和函数定义：

声明如下所示：

int a_function();
void another_function();
double yet_another_function();

说明：

函数名称前的标识符（例如int，void，double）描述函数返回的值的类型。
如果您没有指定一个，则默认为int（这就是当您从int中移除int al_init()时的原因，但是当您完全删除声明时却无法工作）
void意味着它不应该返回一个值（即使从技术上讲它可以，但这是为了罕见的情况）

定义看起来像这样：

int a_function() {
    std::cout << "hello world!";
    int x = 1;
    int y = 2;
    return (x + y);
}

注意区别：

声明以;
定义之后是大括号括起来的代码块：{和}，但没有;！
在某些情况下，您无需声明函数。如果它位于代码中已经看到定义的位置，那么定义可以替代声明（这将引导我们进入下一点......）
声明的目的是告诉程序，例如，有一个名为a_function的函数，它不需要参数，并返回类型为int的值。

Answer 2

你确定你没有看到函数声明吗？

Answer 3

根据C的句法规则，原型定义为：

<return-type> function-name (param1, param2, ..);

函数调用定义为：

function-name(param1, param2,...);。所以它显然定义了一个函数原型而没有调用该函数。

C89和以前的规则是：

根据上述规则，另一条规则是：对于隐式整数返回类型，假设原型被定义为任何可执行功能代码的外部。如果它在函数内部，它将被称为函数调用而不是函数原型定义。

除此之外，让我们从问题开始：

在浏览一些快板教程时，我发现了一个奇怪的电话。 int al_init();

这是不正确的，它看起来像一个函数原型或声明

函数al_init（）初始化allegro以便使用allegro 功能可以使用。什么是int al_init（）;线？如果我更改代码的这一行以排除int它的工作方式相同，但是如果我完全取出它不起作用。

什么不起作用？停止编译？这很明显，因为它无法找到al_init()函数。它没有“int”的原因也是因为它隐含地假设它返回一个整数。

这条线在做什么？

告诉编译器al_init()库函数是在其他地方定义的，通常在.lib或.a或.dll中，您可能希望在程序中使用它

我唯一能想到的是它会创建一个整数并分配它是al_init（）函数的返回值，

对代码的解释绝对不正确，它不会创建任何整数，也不会为其赋值。

因为失败可能为-1，成功等可能为0但是如果这就是这样做，那么你怎么能检查回报值？

由于您想知道该函数返回了什么，您可以在实际调用al_init（）时执行此操作：

int retval = al_init(); printf("al_init() returned %d",retval);

如何将C ++中的变量命名为函数调用？

3 个答案:

C89和以前的规则是：