如何在Windows 7中启动apache-tomcat- 5.0.28以在java中运行servlet程序

Question

我在Windows 7操作系统中安装了已下载并解压缩的apache-tomcat-5.0.28。然后我按照下面给出的指示。

1. 现在右键单击我的计算机图标，选择属性 - >高级 - >环境变量。
2. 单击系统变量框中的新按钮（上图中突出显示）。单击新建按钮打开对话框以添加新的系统变量。
3. 现在在变量名和C：\ Program中键入CATALINA_HOME 文件\ jakarta-tomcat-5.0.28变量值，然后单击确定。
4. 再次点击系统变量框架中的新按钮
5. 现在在变量名中键入JAVA_HOME，在变量值中键入C：\ Program Files \ Java \ jdk1.5.0_21，然后单击“确定”。
6. 现在从System Variable框架中选择路径变量 单击“系统变量”框中的“编辑”按钮 现在加; C：\ Program Files \ apache-tomcat-5.0.28 \ lib;然后单击“确定”。
7. 现在点击start-＆gt; run-＆gt; cmd打开Dos提示 类型SET CLASSPATH = C：\ Program Files \ jakarta-tomcat-5.0.28 \ lib \ servlet-api.jar 键入cd C：\ Program Files \ jakarta-tomcat-5.0.28 \ bin type startup（启动tomcat服务器）以及何时需要关闭服务器类型shutdown

完成上述所有步骤后，当我在dos提示符下键入启动时，我遇到了大量错误，无法启动apache tomcat。 任何人都可以建议任何解决方案吗？

Answer 1

通过cmd线更容易。 cd到apache-tomcat-5.0.28 \ bin然后键入命令set JAVA_HOME=c:\Program Files\Java\jdk1.5.0_21然后按Enter键然后键入set JRE_home=c:\Program Files\Java\(JRE you have)你的jre将是一个文件，可能在你的Jdk旁边使用它的名字，其中（）是。然后点击输入类型startup，然后再次点击输入，它应该有效。