Question

以下PHP返回无效的json：

$sql = 'select * from website where websiteID = "'. $websiteID .'"';
$q = mysql_query( $sql ) or die(mysql_error());
$res = json_encode( mysql_fetch_assoc($q) );
echo $res;

这是从浏览器复制的json：

{ “websiteID”： “162”， “用户ID”： “235”， “URL”： “coucou”， “的ThemeID”： “1”， “电话”： “”， “websiteTitle”： “”， “说明”： “”， “关键词”： “”， “nomEntreprise”： “”， “住址”： “”， “电子邮件”： “”， “Page1Title1”： “参数1”， “Page1Title2”： “参数2” “Page1Title3”： “参数3”， “Page1Title4”： “parameter4”， “Page1Title5”： “parameter5”， “page1Title6”： “parameter6”， “page1Title7”： “parameter7”， “page1Title8”： “parameter8”，” page1Title9 “：” parameter9" ， “page1Title10”： “parameter10”， “Page1Text1”： “parameter11”， “Page1Text2”： “parameter12”， “Page1Text3”： “parameter13”， “Page1Text4”： “parameter14”， “Page1Text5” ： “parameter15”， “Page1Text6”： “parameter16”， “Page1Text7”： “parameter17”， “Page1Text8”： “parameter18”， “Page1Text9”： “parameter19”， “Page1Text10”：“parameter20 参数20参数20参数20参数20参数20 参数20参数20参数20参数20参数20 参数20参数20参数20参数20参数20 参数20参数20参数20参数20参数20 参数20参数20参数20参数20参数20 parameter20 ”， “Page1Text11”： “parameter21”， “Page1Text12”： “parameter22”， “Page1Text13”： “parameter23”， “Page1Text14”： “parameter24”， “Page1Text15”： “parameter25”， “Page1Text16”： “parameter26” “Page1Text17”： “”， “Page1Text18”： “”， “Page1Text19”： “”， “Page2Title1”： “”}

如何修复此问题并传递有效的json输出？

显然json是有效的。出于某种原因，从浏览器复制到http://jsonlint.com/时出现错误。

Answer 1

它是有效的JSON。我在http://jsonlint.com/上尝试了它并解析得很好。

还可以完美地解析为JavaScript变量： http://jsfiddle.net/FdYE6/

Answer 2

三个（可能的）问题，只有一个与您的问题直接相关：

json_encode需要utf-8编码数据。您在问题中发布的数据集似乎不包含“有问题”的字符（它们似乎都在ascii7范围内，而utf-8 / ascii7具有相同的字符表示）。这仍然是一个问题。您必须设置mysql连接字符集以从mysql服务器获取utf-8编码数据。
您将参数作为字符串文字放入sql语句中。然后你必须处理sql注入，即你必须正确编码/转义实际参数值。即使您（目前）确定$ website不能包含可能破坏查询的字符。
将mysql扩展名标记为已弃用，最好使用另一个api / modlue与mysql服务器进行通信，例如： mysqli或pdo

但是，如果您的php-mysql模块支持函数mysql_set_charset()，则可以使用旧的mysql扩展。但是你要在两端做到这一点：插入/更新数据和检索数据时。见https://dev.mysql.com/doc/refman/5.1/en/charset.html

<?php
$mysql = mysql_connect('localhost', 'localonly', 'localonly')
if ( !$mysql ) {
    youErrorHandler($mysql);
}
$rc = mysql_set_charset('utf8', $mysql);
if ( !$rc ) {
    youErrorHandler($mysql);
}

$sql = sprintf(
    "
        SELECT 
            *
        FROM
         website
        WHERE
            websiteID = '%s'
        LIMIT
            1
    ",
    mysql_real_escape_string($websiteID, $mysql)
);
$q = mysql_query( $sql, $mysql ) or die(mysql_error($mysql));
$row = mysql_fetch_assoc($q);
if ( !$row ) {
    $row = array('error'=>'no result');
}
$res = json_encode($row);

php json_encode返回无效的json

2 个答案: