Question

是否可以在本地匿名函数中使用周围模板函数的模板类型参数？我很确定我不能声明模板lambda ...

例如，我将如何做这样的事情：

template <typename T>
void TrimString(std::basic_string<T>& str, const std::locale& loc = std::locale())
{
    // std::isspace as lambda unary predicate?
    auto fn = [&loc](T c){ return std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space, c); };
    // trim right
    str.erase(std::find_if(str.rbegin(), str.rend(), std::not1(fn)).base(), str.end());
    // trim left
    str.erase(str.begin(), std::find_if(str.begin(), str.end(), std::not1(fn)));
}

目前，这会产生以下错误：

error C2039: 'argument_type' : is not a member of '`anonymous-namespace'::<lambda0>'

这是有道理的，因为lambda对周围模板函数中的参数T没有任何线索。

我使用VS2010和gcc 4.7，但我不想使用boost。

有什么想法吗？

编辑：我认为问题是模板参数本身是错误的。而是使用lambda函数编译std::not1。这是更详细的错误输出：

error C2039: 'argument_type' : is not a member of '`anonymous-namespace'::<lambda0>'
 : see declaration of '`anonymous-namespace'::<lambda0>'
 : see reference to class template instantiation 'std::unary_negate<_Fn1>' being compiled
          with
          [
              _Fn1=`anonymous-namespace'::<lambda0>
          ]
 : see reference to function template instantiation 'void TrimString<char>(std::basic_string<_Elem,_Traits,_Ax> &,const std::locale &)' being compiled
          with
          [
              _Elem=char,
              _Traits=std::char_traits<char>,
              _Ax=std::allocator<char>
          ]

如果它是函数类型，你是否需要显式声明参数的类型？我不确定我做错了什么......

数目：

选项1：如果我不使用std::not1而是否定lambda中的返回值，我会得到相同的行为而没有问题。

auto fn = [&loc](T c){ return !std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space, c); };

选项2：由于lambda不再等同于std::isspace作为一元谓词的行为，因此函数对象构造函数转换也可以解决问题。

str.erase(std::find_if(str.rbegin(), str.rend(), std::not1(std::function<bool(T)>(fn))).base(), str.end());

Answer 1

问题不是由在lambda中使用模板参数引起的，因为在构造lambda时参数已经被解析为类型。

问题是你定义的lambda不能与std::not1结合使用，std::unary_function<argument_type,return_type>需要std::not1作为参数。

解决问题的最简单方法是不使用auto fn = [&loc](T c){ return !std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space,c); };，而是否定lambda表达式中的预测权：

#include <string>
#include <algorithm>
#include <locale>
#include <iostream>

template <typename T>
void TrimString(std::basic_string<T>& str, const std::locale& loc = std::locale())
{
  auto fn = [&loc](T c){ return !std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space,c); };

  str.erase(std::find_if(str.rbegin(), str.rend(),fn).base(), str.end());
  str.erase(str.begin(), std::find_if(str.begin(), str.end(), fn));
}

int main() {
  std::basic_string<char> s("  hello  ");
  TrimString(s);
  std::cout << s << std::endl;
  return 0;
}

编译和使用GCC 4.7.0的完整代码变为：

hello

此输出

{{1}}

正如所料。

Answer 2

您当然可以使用T作为lambda表达式的参数类型。以下程序在GCC 4.5.1上编译罚款：

include <iostream>

template<typename T>
void f(T arg)
{
   auto print = [](T a) { std::cout << a << std::endl; };
   print(arg);
}

int main() {
        f(8899);
        f("Nawaz");
        return 0;
}

自己看看：http://ideone.com/l32Z6

BTW，错误消息似乎表明问题出在其他地方，特别是在 namespace 范围内声明的lambda：

错误C2039：'argument_type'：不是'`anonymous-namespace'的成员 ::＆lt; lambda0＆gt;'

编辑后，我只能说不要使用std::not1。事实上，你甚至不需要它。你可以在lambda本身使用return !whatever-expression。

Answer 3

编辑：正如@Nawaz指出的那样，你的错误必须来自其他地方...我在下面描述的内容是过度的......

使用decltype，您可以执行以下操作：

template <typename T>
void TrimString(std::basic_string<T>& str, 
                const std::locale& loc = std::locale(), 
                T arg = T())
{
    auto fn = [&loc](decltype(arg) c){ return std::use_facet<std::ctype<T>>(loc).is(std::ctype_base::space, c); };

    //...rest of your code
}

这是使用（或滥用）表达式decltype(arg)评估为arg类型的事实，在这种情况下是T的类型。

如何在lambda中使用模板类型参数？

3 个答案: