Question

抱歉这个奇怪的主题，但我不知道如何以另一种方式表达它。

我正在尝试从调用类访问方法。就像在这个例子中一样：

class normalClass {
     public function someMethod() { 
          [...]
          //this method shall access the doSomething method from superClass
     }
}

class superClass {
     public function __construct() {
          $inst = new normalClass;
          $inst->someMethod();
     }
     public function doSomething() {
          //this method shall be be accessed by domeMethod form normalClass
    }
}

这两个类与继承无关，我不想将该函数设置为static。

有没有办法实现这个目标？

感谢您的帮助！

Answer 1

您可以像这样传递对第一个对象的引用：

class normalClass {
    protected $superObject;
    public function __construct(superClass $obj) {
        $this->superObject = $obj;
    }

    public function someMethod() { 
        //this method shall access the doSomething method from superClass
        $this->superObject->doSomething();  
    }
}

class superClass {
    public function __construct() {
          //provide normalClass with a reference to ourself
          $inst = new normalClass($this);
          $inst->someMethod();
    }
    public function doSomething() {
          //this method shall be be accessed by domeMethod form normalClass
    }
}

Answer 2

您有几个选择。您可以像这样使用聚合

class normalClass
{
  protected $superClass;

  public function __construct( superClass $superClass )
  {
    $this->superClass = $superClass;
  }

  public function someMethod()
  {
    $this->superClass->doSomething();
  }
}

class superClass
{
  public function __construct()
  {
    $inst = new normalClass( $this );
    $inst->someMethod();
  }

  public function doSomething()
  {  //this method shall be be accessed by domeMethod form normalClass
  }
}

或者只是一个直接的制定者

class normalClass
{
  protected $superClass;

  public function setSuperClass( superClass $superClass )
  {
    $this->superClass = $superClass;
  }

  public function someMethod()
  {
    if ( !isset( $this->superClass ) )
    {
      throw new Exception( 'you must set a superclass' );
    }
    $this->superClass->doSomething();
  }
}

class superClass
{
  public function __construct()
  {
    $inst = new normalClass();
    $inst->setSuperClass( $this );
    $inst->someMethod();
  }

  public function doSomething()
  {  //this method shall be be accessed by domeMethod form normalClass
  }
}

Answer 3

您可以使用debug_backtrace（）。它有点不确定，但出于调试目的，它很有用。

class normalClass {
 public function someMethod() { 
      $trace = debug_backtrace();
      $trace[1]->object->doSomething();
 }

}

Answer 4

根据您的使用情况，您可能希望仅将实例传递给该函数：

class normalClass {
    public function someMethod($object) { 
        $object->doSomething();
    }
}

如果normalClass::someMethod()可由多个不同的$object调用，则这可能是更好的选择（而不是将$object提供给整个normalClass实例）。

但无论如何，您可以考虑创建一个用于type hinting的接口：

interface ISomethingDoer {
    public function doSomething();
}

class normalClass {
    public function someMethod(ISomethingDoer $object) {
        # Now PHP will generate an error if an $object is passed
        # to this function which does not implement the above interface.
        // ...

class superClass implements ISomethingDoer {
    // ...

Answer 5

woah我遇到了和你相同的问题，但是没有用这么简单的传递对象的引用，我去了一个事件管理器，基本上，当普通类中发生某些事情时，它会触发一个事件，被一个类监听，并且所述类（监听器）将调用超类来执行该功能，并在必要时传递新的参数。

无论如何，无论您将它作为参数传递给对象还是采用基于事件的方法，两种解决方案都能正常工作。选择你喜欢的那个。

有关活动的更多信息，同情解释说它非常好。 http://symfony.com/doc/current/components/event_dispatcher/introduction.html

PHP类：从被调用的方法访问调用实例

5 个答案: