Question

在使用jQuery和PHP时，从“给我更多结果 - 在div.php下面”加载新数据会出现问题。我的工具提示在下面使用'.live'，但新加载的内容的值不可用。

现在，如何从新数据中获取信息，加载到div中，但（自然地）没有显示在页面代码中？： - ）

如您所见，我只需要传递三个变量：main_memberID，like_section和like_id。

我在这里很丢失。所以任何帮助都非常感谢。

到目前为止，我在jQuery功能部分得到了这个：

$(".ClassToLike img[title]").live('hover', function() { 
    $('.ClassToLike img[title]').tooltip({ position: 'center left', offset: [0, -2], delay: 0 })
});

$('.like_something').live("click", function (event) {
    var value = $(this).attr ( "id" ); 

    $(this).attr({
        src: '/img/icons/checked.gif',
    }); 

    $(".tooltip").live().html('you like ' + this.name);

    $.ajax({
        type : 'POST',
        url : 'like_something.php',
        dataType : 'json',
        data: {
            main_memberID: $('#main_memberID').val(), 
            like_section: $('#like_section').val(),
            like_id: this.id,
        },
        success: function(){ //alert( 'You have just clicked '+event.target.id+' image');
        },  
        error: function(){
          alert('failure');
        }
    });
});

Answer 1

我经常喜欢

<div class="like_something" id="div_memberID_sectionName_anotherID"/>

然后

$('.like_something').live('click',function(){
     var info = $(this).attr('id'); // get the id
     var infoArr = info.split('_'); // split the id into an array using the underscore

     // retrieve your values
     var memberID = infoArr[1];
     var sectionName = infoArr[2];
     var id = infoArr[3];

});

Answer 2

要解决此问题，首先打开浏览器的请求面板，在Chrome中，它是开发工具中的“网络”标签。点击.like_something时，是否发送了请求？是否有任何控制台错误？如果发送了请求，请查看“响应”选项卡，查看服务器发回的内容。

此外，您可以将需要与请求一起发送的数据存储在data- prefix的属性中，如下所示：

<a href="#" class="like_something" data-section="section" data-member-id="Member id">
...
</a>

这很可能不是您的确切HTML，但您了解其工作原理。

然后你可以像这样在jQuery中检索它：

data: {
    main_memberID: $(this).attr('data-member-id'),
    like_section: $(this).attr('data-section'),
    like_id: this.id,
},

我希望这有帮助！

Answer 3

仍然在这个网站上工作，但这个是我的结束（根据内森的回答）：

非常感谢大家的投入！内森给了我最好的方法来检索和传递我需要的信息。再次，这个地方很棒。感谢您的所有努力！

如何在使用AJAX加载的div中获取变量

3 个答案: