Question

我对局部变量和python（2.7）有点问题。

我有一些代码：

def foo(a):
    def bar():
        print a
    return bar()

>>>foo(5)
5

嗯，它正在工作，但是如果想修改一个，就像这样：

def foo(a):
    def bar():
        a -= 1
    return bar()
>>>foo(5) 
UnboundLocalError: local variable 'a' referenced before assignment

所以我必须将'a'影响到另一个变量。

但我不明白这种情况。是因为当有一个赋值时，python会查找locals（）变量并找不到它吗？

感谢。

Answer 1

你在Python中发现了一些曾经存在问题的东西！简短的回答是，您不能在Python 2.x中执行此操作（尽管您可以simulate），但您可以使用nonlocal关键字在3.x中执行此操作。

请参阅PEP 3104：

在2.1版之前，Python对范围的处理类似于标准C：在一个文件中只有两个范围的级别，全局和当地的。在C中，这是事实的自然结果函数定义不能嵌套。但在Python中，虽然功能通常在顶层定义，函数定义可以执行任何地方这给了Python嵌套的句法外观没有语义的范围，并产生了不一致令一些程序员感到惊讶 - 例如，递归函数在顶层工作时，在内部移动时将停止工作另一个函数，因为递归函数自己的名字不会在身体的范围内可以看得更久。这违反了直觉放置在不同的函数时，函数应该表现一致上下文。这是一个例子：
def enclosing_function():
    def factorial(n):
        if n < 2:
            return 1
        return n * factorial(n - 1)  # fails with NameError
    print factorial(5)
Python 2.1通过使其可见而更接近静态嵌套作用域绑定在所有封闭范围内的名称（参见PEP 227）。这种变化使上面的代码示例按预期工作。但是，因为任何对名称的赋值隐式声明该名称是本地的，它是不可能在外部范围内重新绑定名称（全局除外）声明强制名称为全局名称。因此，以下代码，旨在显示可以递增和递减的数字通过单击按钮，不能像熟悉词汇的人那样工作范围可能会有所期待：
def make_scoreboard(frame, score=0):
    label = Label(frame)
    label.pack()
    for i in [-10, -1, 1, 10]:
        def increment(step=i):
            score = score + step  # fails with UnboundLocalError
            label['text'] = score
        button = Button(frame, text='%+d' % i, command=increment)
        button.pack()
    return label
Python语法没有提供表明名称得分的方法增量中提到的是指变量得分 make_scoreboard，不是增量中的局部变量。用户和 Python的开发人员表示有兴趣删除它限制使Python可以具有完全的灵活性 Algol风格的范围模型现在是许多编程中的标准语言，包括JavaScript，Perl，Ruby，Scheme，Smalltalk，C with GNU扩展和C＃2.0。

Answer 2

Constantinius给出的理由是正确的。处理它的另一种方法（不使用全局变量）将是

def foo(a):
    def bar(a):
        a -= 1
        return a
    return bar(a)
>>> print foo(5) 
4

python和UnboundLocalError

2 个答案: