Question

我正在编写一个向PHP CLI发送请求的应用程序。但是，当我尝试运行该应用程序时，php抱怨它无法找到要运行的脚本。

以下是相关代码：

char *params[] = {
    "/usr/bin/php",
    "-f /var/www/test/php/tracker/gps-upload-sh.php",
    imei,
    rmc,
    (char *) 0
};
signal(SIGCHLD, SIG_IGN);
pid_t pID = fork();
if (pID == 0) {
    if(execv("/usr/bin/php", params) == -1) {
        perror("Failed to call php.");
        _exit(1);
    }
    _exit(0);
}

输出：

$ ./socket
Could not open input file:  /var/www/test/php/tracker/gps-upload-sh.php
^C

文件：

$ ls -l /var/www/test/php/tracker/gps-upload-sh.php
-rwxr-xr-x 1 onik onik 6707 2012-03-09 16:00 /var/www/test/php/tracker/gps-upload-sh.php

直接运行（其中REQUIRED_PARAMS与execv传递的相同）：

$ php -f /var/www/test/php/tracker/gps-upload-sh.php [REQUIRED_PARAMS]
OK

怎么办？

Answer 1

尝试将-f和路径分隔为单独的参数：

char *params[] = {
    "/usr/bin/php",
    "-f",
    "/var/www/test/php/tracker/gps-upload-sh.php",
    imei,
    rmc,
    (char *) 0
};

（这就是你的shell所做的就是在两者之间放置一个空格。）

或者，删除-f与路径之间的空格：

char *params[] = {
    "/usr/bin/php",
    "-f/var/www/test/php/tracker/gps-upload-sh.php",
    imei,
    rmc,
    (char *) 0
};

如何从C调用PHP CLI？

1 个答案: