Question

我正在尝试做一些我认识的事情可能很简单，但我遇到的是最糟糕的时间。到目前为止我的功能是： 1.将图像文件上传到服务器的脚本 2.将图像文件名写入数据库 3.我想从数据库中检索图像文件名并将其添加到img src标记中这是我的检索脚本

 <?php

 $hote = 'localhost';
 $base = 'dbasename';
 $user = 'username';
 $pass = '******';
 $cnx = mysql_connect ($hote, $user, $pass) or die(mysql_error ());
 $ret = mysql_select_db ($base) or die (mysql_error ());
 $image_id = mysql_real_escape_string($_GET['ID']);
 $sql = "SELECT image FROM image_upload WHERE ID ='$image_id'";
 $result = mysql_query($sql);
 $image = mysql_result($result, 0);

 header('Content-Type: text/html');
 echo '<img src="' $image'"/>';

 ?>

我试图通过image.php传递价值？ID = 2但没有运气

PHP脚本成功返回文件名，但我不能在我的生活中将它打印到html

请提出任何建议并非常感谢：）

好吧，它确实返回了正确的标签，但现在好像脚本没有运行来生成标签。我尝试了两种方法：

<div class="slides">
    <div class="slide">
        <div class="image-holder">
            <?php
    include ("image.php?ID=2");
    ?>
        </div>

和

 <img src="image.php?ID=2" alt="" />

但是没有人会插入文件名...... 我需要通过主键识别每个img src，所以我从每个图像src位置传递ID 但是，我的PHP忍者技能需要磨练。

只是为了澄清：我正在将图像上传到服务器，在数据库中记录文件名并在HTML文档中调用该文件名...每个文件中有几个所以我需要传递ID（即1,2 ，3）对应表中的主键。但我不能让脚本先处理标签。如果我去查看源代码，我可以单击脚本并获得正确的结果......

再次感谢，你们和女孩们非常乐于助人

Answer 1

您错过了连接运算符：.：

 echo '<img src="' . $image . '"/>';

Answer 2

你可以像你一样做，但你有两次单引号（除非你的意思是使用连接 - 这是不必要的 - 如果你想看到另一个答案）。

echo "<img src=\"$image\"/>";

如果您需要嵌入文本内部，请使用大括号的长形式。

echo "<img src=\"${image}\"/>";

如果你要做很多HTML，我建议使用heredoc语法。这样就不需要有很多回声线。

echo <<< EOF
   <div class="example">
   <img src="$image" />
   </div>
EOF;

Answer 3

尝试使用以下语法：

echo "<img src=\"$imagePath\" />";

如果您在src属性中转义引号，它可以使用双引号。仍然不确定为什么单打不起作用。

Answer 4

您的设计存在两个主要缺陷

您的磁盘上没有image.php?ID=2个文件。
包含image.php文件绝对没有意义。您必须在您正在使用的文件中获得正确的名称。你没有从数据库中选择这一行吗？为什么不打印图像名称呢？
是的，您使用单引号，需要双引号。

在img src标记中包含PHP结果

4 个答案: