Question

当我尝试syncdb时，我收到错误菜单不是有效的类名。

我如何解决这种关系案例：

class MenuItem(model.Models)
    title = models.CharField(max_length=200)
    submenus = models.ManyToManyField(Menu, blank=True, null=True)

class Menu(Container):
    links = models.ManyToManyField(MenuItem)

Answer 1

来自the Django book：

如果您需要在尚未使用的模型上创建关系定义后，您可以使用模型的名称，而不是模型对象本身：

E.g：

class MenuItem(model.Models)
    title = models.CharField(max_length=200)
    submenus = models.ManyToManyField('Menu', blank=True, null=True)
                                      ^    ^

编辑：
正如Francis mentions（和the documentation中所写的那样）：

哪个模型具有ManyToManyField并不重要，但您应该只将其放在其中一个模型中 - 而不是两个模型。

Answer 2

其中一个模型有多个，另一个使用Django的反向关系（https://docs.djangoproject.com/en/dev/topics/db/queries/#following-relationships-backward)

所以我要如何设置它：

class Menu(Container):
    links = models.ManyToManyField(MenuItem)

class MenuItem(model.Models)
    title = models.CharField(max_length=200)

然后我想要一个MenuItem的菜单：

menu_item_instance.menu_set.all()

在Django模型中定义之前使用类

2 个答案: