Question

我编写了一个PHP类，它在我的开发机器上按预期运行，但是当我将它上传到我的服务器时，它不起作用。经过大量的修补，我发现了一些我无法解释的东西。

基本上，这不起作用，它绝不会返回任何内容：

$sql = $this->db->prepare("SELECT sh_value FROM sh_usermeta WHERE sh_key='points' AND sh_user_id=1");
$sql->execute();
$sql->bind_result($res);
$sql->fetch();
$sql->close();

但是，这确实会返回预期值：

$result = $this->db->query("SELECT sh_value FROM sh_usermeta WHERE sh_key='points' AND sh_user_id=1");
$result->fetch_object();

因此，语句是相同的，但由于某种原因，它只有在我使用“query（）”时才有效。就像一个注释，我的第一个代码块是一个简化的例子（我已经验证不起作用）。我想使用预准备语句，因为在其他一些情况下我希望能够绑定参数，例如用户名。

同样，准备好的语句适用于我的开发环境，但在我的服务器上（PHP版本：5.2.17，MySql版本：5.0.51a）它没有。

另外，为了澄清，我在每次sql操作后都进行了错误检查，并且从未打印过错误。

有什么想法吗？

谢谢！

编辑好的，这会让事情更加困惑。我有另一份准备好的陈述，即IS工作。据我所知，唯一的区别是它正在访问另一个表。我根本不明白这一点：S

Answer 1

由于MySQL错误，查询无效。 key是MySQL关键字（docs），必须进行转义：

$sql = $this->db->prepare("SELECT value FROM usermeta WHERE `key`='points' AND user_id=1");

进一步暗示

您可以随时转义字段（或让图书馆为您完成工作）以防止此类名称冲突（更常见的示例包括option，order，...）

MySqli准备的声明不起作用

1 个答案:

进一步暗示