我正在使用CodeIgniter 2.1.0和MySQL数据库。我已经通过表单上传了一张图片并成功将其存储在uploads目录中,并且我还成功地将图像的完整路径存储在我的数据库中。但是我通过调用数据库中的完整路径来显示图像时遇到问题。
以下是我上传的代码:
$image_path = realpath(APPPATH . '../uploads');
$config = array(
'allowed_types' => 'jpeg|png|gif|jpg',
'upload_path' => $image_path,
'max_size' => 2097152,
'overwrite' => TRUE,
'file_name' => '_' . $i . '_'
);
$this -> load -> library('upload', $config);
当我在图像数据库中存储图像的完整路径时,它看起来像这样
C:/wamp/www/my_project/uploads/_1_.jpg
如果我尝试
<img src="<?php echo $data['screenshot'];?>" />
//($data['screenshot'] refers to the image location retrieved from database)
这在我的视图文件中,没有显示图像。我究竟做错了什么?请有人告诉我。什么是标准程序?
答案 0 :(得分:3)
在您的数据库中,如果我理解正确,您将图像存储为C:/wamp/www/my_project/uploads/_1_.jpg
因此,当您回显img src
属性的图像路径时,您将拥有
这不会像您机器上的本地路径那样工作。我的文件系统上没有该图像。图像需要可以在Web服务器上访问。 (就像你的index.php文件一样)
所以你需要将图像存储为:
uploads/_1_.jpg
然后执行<img src="<?php echo $data['screenshot'];?>" />
或将图像存储为:
_1_.jpg
和
然后做
<img src="<?php echo sprintf("uploads/%s", $data['screenshot']);?>" />
编辑:要明确:你存储的地方是正确的。但是,您不需要DB中的完整路径,只需要Web服务器路径。
答案 1 :(得分:2)
控制器:
function displayimage($Id=FALSE){
if ($Id))
{
$image = $this->MMarches->getImage($Id);
header("Content-type: image/jpeg");
print($image);
} }
型号:
function getImage($Id){
$data = '';
$Q = $this->db->query("SELECT photo FROM tableWHERE phptoID=".$Id);
if ($Q->num_rows())
{
$data = $Q->row_array();
$data = $data['MA_PHOTO']
$Q->free_result();
}
return $data;}
您的观点:
src="<?php echo site_url("controller_name/display_image/$image_id"); ?>"
替代模型:
function getImage($Id){
$Q = $this->db->query("SELECT photo FROM tableWHERE phptoID=".$Id);
if ($Q->num_rows()) {
$data = $Q->row_array();
$data = $data['MA_PHOTO'];
$Q->free_result();
}
$size = $data->size();
$ret = $data->read($size);
return (isset($ret)) ? $ret : '';
}
答案 2 :(得分:1)
要在网络浏览器中显示图像,您必须提供该图像的URL而不是图像的PATH。
以下代码不显示任何图片
<img src="C:/wamp/www/my_project/uploads/_1_.jpg"/>
以下代码使用了映像的URL,这里给出了localhost服务器名,你必须用localhost替换你的服务器地址。
<img src="http://localhost/www/my_project/uploads/_1_.jpg"/>