Question

我正在使用一个学说'class table inheritance'模式，并且有一个对象引用我的parrent类。例如：

class Pet {
    protected $id;

    protected $age;
}

class Dog extends Pet {
    protected $ownedBones;
}

class Cat extends Pet {
    protected $killedBirds;
}

class Owner {
    private $pets;
}

现在我想要twig选择好的模板来渲染我的儿子对象的类型。所以猫可以有一个超级小猫，我的狗也可以有他们很酷的模板。我试着这样做：

{%for pet in owner.pets%}
    <div class="pet">
        {{ pet }}
    </div>
{%endfor%}

我很高兴：

致命错误：类'对象类型'的对象无法在...中转换为字符串

所以我可能接近答案？我是一个Twig新手，所以任何帮助都会受到重视。

Answer 1

您应该在Pet类中添加一个抽象方法。 IE：

class Pet
{
    abstract function render();
}

在您的子类中，您应该实现此方法。例如：

class Dog extends Pet
{
    public function render()
    {
        return sprintf('<div class="dog">%s</div>', 'blabla');
    }
}

在模板中，只需调用render方法：

{{ pet.render() }}

否则，您始终可以创建getTemplate()共享方法，并将其包含在树枝中：{% include pet.template %}

Answer 2

换一种方式＆gt;不要试图检查类型，检查属性：

{% if pet.ownedBones is defined %}
woot that's a dog
{% else %}
it's somthing else
{% endif %}

如何在Symfony 2中呈现对象类型功能的树枝模板

2 个答案: