Question

我正在我的Django网站上创建一个多媒体应用程序，允许用户上传照片，视频和音频 - 文件在第三方服务上编码（mp4，ogg，webm和flv用于视频），然后保存到Amazon S3上的用户存储桶。我特意寻找一种优雅的解决方案，以HTML5格式显示用户的视频。以下是我的模型的外观：

class Video(models.Model):
    file = models.FileField(upload_to = user_video_folder)
    owner = models.ForeignKey(User)
    video_title = models.CharField(max_length=100)
    video_caption = models.CharField(max_length=150, blank=True)
    date_added = models.DateTimeField(auto_now_add=True)
    date_updated = models.DateTimeField(auto_now=True)
    def __unicode__(self):
    return self.video_title

然后是观点：

def ViewAllVideos(request):
    videos = Video.objects.filter(owner = request.user)
    template = 'site/media-videos.html'
    return render_to_response(template, {'videos': videos}, context_instance=RequestContext(request))

在模板中，我需要打印在编码期间生成的多种文件格式的路径，并且希望不必在我的模型中为每种格式添加一列，所以我想知道是否有办法用文件名返回文件路径，但没有扩展名，所以在模板中它是这样的：

<video width="900" height="506" preload="" controls="" autoplay="">
    <source src="{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.mp4" type="video/mp4;">
    <source src="{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.ogg" type="video/ogg;">
    <source src="{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.webm" type="video/webm;">
    <object width="900" height="506" type="application/x-shockwave-flash" data="/foo/bar/flowplayer/flowplayer-3.2.5.swf">
        <param name="movie" value="/foo/bar/flowplayer/flowplayer-3.2.5.swf"><param name="allowfullscreen" value="true">
        <param value="config={"clip": {"url": "{{ STATIC_URL }}{{ video.file }}.flv", "autoPlay":false, "autoBuffering":true}}" name="flashvars">
    </object>
</video>

任何帮助表示赞赏！干杯！

这是我的新观点：

def ViewAllVideos(request):
    videos = Video.objects.filter(owner = request.user)
    filenames = [os.path.splitext(os.path.basename(video.file))[0]
        for video in videos]
    context = {
        'videos': videos,
        'filenames': filenames,}
    template = 'site/media-videos.html'
    return render_to_response(template, context, context_instance=RequestContext(request))

Answer 1

您可以在模型中添加如下内容，然后使用{{video.file_minus_extension}}

def file_minus_extension(self): 
    basename, extension = os.path.splitext(self.file.url) 
    return basename

编辑：根据评论，只返回文件名

def filename_minus_extension(self): 
    basename, extension = os.path.splitext(os.path.basename(self.file.name)) 
    return basename

Answer 2

我认为您正在寻找的是：

os.path.splitext('file.ext')[0]  # Will return just 'file'

注意：这应该在您的视图中执行，并且返回的值将传递给您的模板。

例如，在您的视图中，您可以执行以下操作：

filenames = [os.path.splitext(os.path.basename(video.file))[0]
             for video in vides]
...
context = {'videos': videos,
           'filenames': filenames,
          }
return render_to_response(template, context, ...)

我认为您只是在模板中使用video.file，所以也许您甚至无法将其传递给模板，因为它不需要。

在没有文件扩展名的情况下返回Django中的文件路径

2 个答案: