Question

可能重复：
mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given in select

我正在尝试学习如何在PHP和MySQL中正确使用AJAX。我在这个网站上看过其他人的帖子与我正在使用的相同例子，但我没有看到任何关于我遇到的相同问题。

包含源代码的网站是PHP - AJAX and PHP。
我托管我的代码的网站是here。

第一个链接有一个工作示例，第二个链接显示我想要弄清楚的错误。

我尝试使用mysqli，但它说了一些关于期待两个参数的事情，所以我把它改回来了。如果有人就如何让它发挥作用提出建议，我将非常感激。

错误：mysql_fetch_array（）期望参数1为资源，在第24行的/data/multiserv/users/748953/projects/1801445/www/test/getuser.php中给出null

html代码：

<!DOCTYPE HTML PUBLIC "-//W3C//DTD HTML 4.01 Transitional//EN">
<html>
<head>
<meta http-equiv="content-type" content="text/html; charset=utf-8">
<title>Ajax-PHP/MySQL Cooperation Test</title>
<script type="text/javascript">
    function showUser(str)
        {
            if (str=="")
                {
                    document.getElementById("txtHint").innerHTML="";
                    return;
                }
            if (window.XMLHttpRequest)
                {// code for IE7+, Firefox, Chrome, Opera, Safari
                    xmlhttp=new XMLHttpRequest();
                }
            else
                {// code for IE6, IE5
                    xmlhttp=new ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP");
                }
            xmlhttp.onreadystatechange=function()
                {
                    if (xmlhttp.readyState==4 && xmlhttp.status==200)
                        {
                            document.getElementById("txtHint").innerHTML=xmlhttp.responseText;
                        }
                }
            xmlhttp.open("GET","getuser.php?q="+str,true);
            xmlhttp.send();
        }
</script>
</head>
<body>

<form>
<select name="users" onchange="showUser(this.value)">
<option value="">Select a person:</option>
<option value="1">Peter Griffin</option>
<option value="2">Lois Griffin</option>
<option value="3">Glenn Quagmire</option>
<option value="4">Joseph Swanson</option>
</select>
</form>
<br />
<div id="txtHint">Person info will be listed here.</div>
</body>
</html>

PHP：

<?php
$q=$_GET["q"];

include("dbinfo.inc.php");
$con = mysql_connect(localhost, $username, $password);
if (!$con)
  {
  die('Could not connect: ' . mysql_error());
  }

mysql_select_db($database, $con);

$resul1 = mysql_query('SELECT * FROM `ajax_demo` WHERE id = \'\".$q.\"\'') or die(mysql_error());

echo "<table border='1'>
<tr>
<th>Firstname</th>
<th>Lastname</th>
<th>Age</th>
<th>Hometown</th>
<th>Job</th>
</tr>";

while($row = mysql_fetch_array($result))
  {
echo "<tr>";
echo "<td>" . $row['FirstName'] . "</td>";
echo "<td>" . $row['LastName'] . "</td>";
echo "<td>" . $row['Age'] . "</td>";
echo "<td>" . $row['Hometown'] . "</td>";
echo "<td>" . $row['Job'] . "</td>";
echo "</tr>";
}
echo "</table>";

mysql_close($con);
?>

Answer 1

您在$resul1中分配值并使用mysql_fetch_array（$ result）通知$result

时出现拼写错误

Answer 2

首先尝试检查$q

的数据

然后尝试使用此查询：

mysql_query("SELECT * FROM `ajax_demo` 
             WHERE id = '" . mysql_real_escape_string($q) ."'");

Answer 3

将$resul1更改为$result1，您确实在那里写错了。

Answer 4

将您的while语句更改为：

while($row = mysql_fetch_array($result1))

编辑：

确保始终检查您的代码并始终使用一致的命名约定，服务器指示的错误已足以检测程序的哪个部分发生问题（如果您需要，则无需运行任何其他功能）为您的开发服务器设置一个完整的调试设置，而不是在应用程序本身上设置它，而是为了安全目的将它关闭为实时服务器。

“错误：mysql_fetch_array（）期望参数1为资源，在第24行的/data/multiserv/users/748953/projects/1801445/www/test/getuser.php中给出null”

这意味着错误发生在文件“/data/multiserv/users/748953/projects/1801445/www/test/getuser.php”的第24行，并且您使用的第一个参数上的变量函数“mysql_fetch_array”是导致问题的函数，因为语句“期望参数1是资源”，所以你应该直接找到这个错误所指向的程序部分，这对任何程序员都有帮助。 ;）

Answer 5

您在$resul1中使用mysql_fetch_array($result)通知$result分配值时出现拼写错误。

警告：mysql_fetch_array（）期望参数1为resource，null给定。

5 个答案: