Question

我目前正在尝试学习JSON，目前它正在扼杀我的谚语。

使用普通变量，我能够很好地编码，然后回显以查看JSON字符串。

但是我想编码一个对象，但它不起作用：

Class tariff
{

    var $preset_name;
    var $name;
    var $net;
    var $inclusive;
    var $length;
    var $data;


        function __construct()
        {
            $preset_name = "Orange-1gb-ECL";
            $name = array ("1312" => "Orange 1gb Eclipse");
            $net = array ("12312" => "Orange");
            $inclusive = array ("1312" => "1GB");
            $length = array ("12312" => "12 Months");
            $data = array ("12312" => "12p per mb");    
        }




}
        $tariff = new tariff();
        $tariff = json_encode($tariff);

    echo $tariff;
    return 0;

我的输出是：

{ “preset_name”：空， “姓名”：空， “净”：空， “包容”：空， “长度”：空， “数据”：空}

我曾尝试谷歌搜索并在这里搜索但找不到我的答案！

帮助我欧比万，你唯一的希望！

Answer 1

哦，你在构造函数中有一些错误的用法，

应该是这样的： -

$this->preset_name = "Orange-1gb-ECL"; <-- assign to object property

而不是

$preset_name = "Orange-1gb-ECL"; <-- assign local variable

Answer 2

阐述另一个答案，

$preset_name = "Orange-1gb-ECL";

成员函数中的

实际上是将局部变量初始化为该函数的范围。 $ this 关键字是对当前类的当前实例的引用，用于访问类 - 实例范围中的属性等构造。

PHP对象json_encode在回显时给出NULL值？

2 个答案: