Question

<?php    
$query = mysql_query("Select id, name From table");
        while($row = mysql_fetch_array($query)) {
            echo $_GET["jsoncallback"] . '(<option value='.$row['id'].'>'.$row['name'].'</option>)';
        }
?>

当我回显结果时，它是错误的，如何解决？

Answer 1

你没有说出错误在哪里，但可能是在JS中：

使用;
生成有效的JS。你不能只是在JS函数调用中推送一堆HTML。你需要某种JavaScript对象。 json_encode将生成一个Object或一个Array。或者您可以构造一个字符串，但可以转义具有特殊含义的字符，替换新行，并引用该值。
完整性检查您的$_GET数据，以确保它符合JS函数名称的语法。

哦，我知道你已将此标记为JSON-P，在这种情况下：

使用所有数据构造一个单个对象，使用encode_json将其转换为JSON，然后使用回调（和）包装整个事物。不要在while循环中多次调用回调。

Answer 2

由于你没有准确写出你想要做的事情，我猜你正在尝试返回一个JS回调函数将放在你的文档中的HTML选项列表。

试试这个：

<?php    
$options = '';
$query = mysql_query("Select id, name From table");
while ($row = mysql_fetch_array($query)) {
  $options .= '<option value="'.$row['id'].'">'.$row['name'].'</option>' . "\n";
}
echo $_GET["jsoncallback"] . "('" . $options . "');";
?>

这将首先以字符串形式创建所有选项，然后才构建回调。

Answer 3

你确定jsoncallback已设置好吗？试试这个：

<?php
$jsoncallback = isset($_GET["jsoncallback"])? $_GET["jsoncallback"] : "";    
$query = mysql_query("Select id, name From table");
        while($row = mysql_fetch_array($query)) {
            echo $jsoncallback . '(<option value='.$row['id'].'>'.$row['name'].'</option>)';
        }
?>

Answer 4

鉴于您没有提供您正在获得的错误。我会建议试试这个：

<?php  
if(isset($_GET['jsoncallback'])) 
{  
    $query = mysql_query("Select id, name From table");  
    while($row = mysql_fetch_array($query)) {  
       echo $_GET["jsoncallback"] . '(<option value='.$row['id'].'>'.$row['name'].'</option>)';
     }
}

else 
  echo "Jsoncallback not set.";
?>

Answer 5

$_GET通常不会返回错误。可能的错误点是您的查询。

插入

echo mysql_error();

在while循环之前

;

echo $ _GET [“jsoncallback”]时出错

5 个答案: