Question

用Google搜索了大约1个小时，仍然找不到如何执行这个简单的任务！

upload.php最终得到：

    echo "FILEID:" . $randomid; // Return the file id to the script

现在尝试获取此FILEID：

          function uploadSuccess(serverData) {
        alert(serverData);
      }

提醒[对象对象]。文档根本没有帮助。没有可用的例子。

请帮忙！

Answer 1

嗯，首先，我认为你的uploadSuccess输入参数错误。 Documentation表示：uploadSuccess（文件对象，服务器数据，收到的响应）是正确的签名。

所以对于初学者来说，你需要在你的成功回调上抛出一些额外的参数:)其次，serverData是你的服务器输出。在您的示例中，看起来响应将是{“FILEID”：“somerandomid”}（我假设它以JSON的形式返回，尽管这可能是误导的假设）

在任何情况下，要访问随机创建的ID，您只需要执行

function uploadSuccess(fileObject, serverData, response){
    alert(serverData.FILEID); 
 }

此外，您应该使用Firebug，它是Firefox的插件。它将允许您在回调函数上放置一个断点，并让您查询serverData以查看完全其中的内容。

Answer 2

解决了！这要简单得多。为什么我总是认为复杂？ function uploadSuccess（fileObject，serverData，response）{alert（serverData）; }

Answer 3

我已将JSON与SWFUpload一起使用。读取FILEID（@Eric建议）的问题是SWFUpload从上传的文件返回文件名（例如，客户端已将“test.txt”上传到服务器，这是它返回的文件的名称）。没关系，但是如果你有一个重命名文件的PHP脚本（为了避免替换），那么如果这个文件存在，那么服务器上的文件名不是“test.txt”，而是“test（2）.txt”。 / p>

在uploadSuccess中，我使用过：

.on('uploadSuccess', function(event, file, serverData){
    var responseData = jQuery.parseJSON(serverData);
    var upload_url_tmp = responseData["name"];
    [...]

在服务器端，我使用过：

$data = array('name' => $file);
    echo json_encode($data);

请注意$ file var是Server上保存的文件的名称（重命名后）。使用PHP 5.4.9和SWFUpload 2.2.0.1

swfupload：如何从upload.php脚本解析返回的数据？

3 个答案: