在Tomcat中获取资源的真实文件路径

Question

在我在Tomcat 7中的Web应用程序中，我使用servletContext.getResource("file.xml")在应用程序中获取了一个资源。这将返回jndi:/localhost/app/file.xml形式的网址。

但是，因为我需要将这个文件传递给一个只接受真实文件路径的库（我认为它有一个嵌入式Ruby脚本），URL不会这样做。

有没有办法获得真正的文件路径？我知道这会使应用程序无法从WAR运行，但没关系。

Answer 1

我有一个非常脏的解决方法：

        // get resource
        URL resU = servletContext.getResource("style.less");

        // get scratch dir
        File workDir = (File) servletContext.getAttribute("javax.servlet.context.tempdir");

        // copy resource to scratch file
        File newFile = new File(workDir, "style.less");
        Files.write(Resources.toByteArray(resU), newFile); // Google Guava

我应该能够通过一些缓存/校验和加快速度，但它并不漂亮。

Answer 2

我会使用File#createTempFile()。

File file = File.createTempFile("style", ".less");
// ...