Question

我不知道为什么这段代码不起作用：S

function check(){
  var haySaldo=false;
  $.post("controlarSaldo.php", function(data)

 {  
        if(data>0)
          haySaldo=true;
  });

   return haySaldo;
}

信息：

数据= 1000

我在jquery中发出了haySaldo的警报，我得到了“真实”，但在jquery之外，我得到了“假”：S

提前很多！

Answer 1

您的return语句似乎不在您的职能范围内。

试试这个

$.post("controlarSaldo.php", function(data){   
    var haySaldo=false;    
    if(data>0){
        haySaldo=true;
    }
    return haySaldo;
});

Answer 2

如果您已经理解了这一点，请道歉，但这个jQuery post方法是AJAX请求的简写，这意味着您的代码不会等到AJAX请求完成后再返回haySaldo的值（如您所写）

通过从成功方法内部调用return，有点不清楚你打算做什么。也许如果您提供更多信息，人们可以提供更好的建议。

您可能希望查看的一件事是jQuery的deferred objects。它可以让你做这样的事情。

function check(){
  return $.post("controlarSaldo.php").success(function(data)
    {  
    if(data>0)
      return true;
    else
      return false;
    });
}

然后在你的代码中你可以做（未经测试）。

check().done(function(resp){ 
  if(resp){
    // Do true thing
  }
  else{
    // Do false thing
  }
});

使用jquery返回变量时遇到问题

2 个答案: