Question

我有一个模板template <typename T> class wrapper，我希望根据typename T::context_type的存在来专门化。如果声明了typename T::context_type，那么wrapper<T>实例化的构造函数和赋值运算符重载应该接受强制typename T::context_type参数。此外，wrapper<T>个对象会在成员数据中存储“上下文”。如果typename T::context_type不存在，则wrapper<T>的构造函数和赋值运算符重载将减少一个参数，并且不会有其他数据成员。

这可能吗？我是否可以在不更改config1，config2和main()的定义的情况下编译以下代码？

#include <iostream>

template <typename T, bool context_type_defined = true>
class wrapper
{
public:
    typedef typename T::context_type context_type;

private:
    context_type ctx;

public:
    wrapper(context_type ctx_)
        : ctx(ctx_)
    {
        std::cout << "T::context_type exists." << std::endl;
    }
};

template <typename T>
class wrapper<T, false>
{
public:
    wrapper() {
        std::cout << "T::context_type does not exist." << std::endl;
    }
};

class config1 {
public:
    typedef int context_type;
};

class config2 {
public:
};

int main()
{
    wrapper<config1> w1(0);
    wrapper<config2> w2;
}

Answer 1

是的，有可能。我过去通过使用一些元编程技巧实现了这种行为。基本构建块是：

BOOST_MPL_HAS_XXX_TRAIT_DEF，用于定义一个元函数谓词，如果参数是类类型并且具有给定名称的嵌套类型（在您的情况下为context_type），则该元函数谓词将计算为true类型。

http://www.boost.org/doc/libs/1_47_0/libs/mpl/doc/refmanual/has-xxx-trait-def.html

Boost.EnableIf，根据先前定义的特征定义特化。

http://www.boost.org/libs/utility/enable_if.html＃请参阅3.1启用模板类专业化

请注意，您可以直接使用SFINAE获取该行为，这可能会起作用：

template< typename T, typename Context = void >
class wrapper { ... }; // Base definition

template< typename T >
class wrapper< T, typename voif_mfn< typename T::context_type >::type > { ... }; // Specialization

但是，我喜欢基于特征的解决方案的表现力，并启用if。

Answer 2

这是可能的，有很多方法可以实现这一点。所有这些都应该返回一些特征类has_type，这样如果成员typedef存在，则has_type<T>::value为真，否则为false。我们假设我们已经有了这个特质类。然后这是一个使用C ++ 11模板别名的解决方案：

template <typename T, bool> class FooImpl
{
  // implement general case
};

template <typename T> class FooImpl<T, true>
{
  // implement specific case
};

template <typename T> using Foo = FooImpl<T, has_type<T>::value>;  // C++11 only

现在制作typetrait：

template<typename T>
struct has_type
{
private:
    typedef char                      yes;
    typedef struct { char array[2]; } no;

    template<typename C> static yes test(typename C::context_type*);
    template<typename C> static no  test(...);
public:
    static const bool value = sizeof(test<T>(0)) == sizeof(yes);
};

如果你没有C ++ 11，或者你不想重写整个课程，你可以使区别更精细，例如：使用std::enable_if，std::conditional等。如果您想要一些具体示例，请发表评论。

Answer 3

使用@K-ballo's answer，我写了以下内容：

namespace detail {
BOOST_MPL_HAS_XXX_TRAIT_DEF(context_type)
}

template <typename T, typename Enable = void>
class wrapper
{
public:
    wrapper() {
        std::cout << "T::context_type does not exist." << std::endl;
    }
};

template <typename T>
class wrapper<T, typename boost::enable_if<detail::has_context_type<T> >::type>
{
public:
    typedef typename T::context_type context_type;

private:
    context_type ctx;

public:
    wrapper(context_type ctx_)
        : ctx(ctx_)
    {
        std::cout << "T::context_type exists." << std::endl;
    }
};

现在，示例代码编译并输出：

T::context_type exists.
T::context_type does not exist.

是否可以根据模板类型参数的嵌套typedef的存在来专门化模板定义？

3 个答案: