Question

我有一个html页面，它将HTTP POST发送到php页面，并嵌入了一个JSON对象作为参数。但是，当我尝试检索参数时，我只能检索“传递”而不能检索其他内容。我错过了在php中解析JSON的一些内容吗？

html POST表单：

<form method="POST" action="......../username_exist.php" >
<input type="hidden" name="param" value='{"username":"user123","pass":"147852369qwerfdsazxcv","funny":"funny"}' />
<input type="submit" value="Click Me to submit" />
</form>

和php页面：

$param = json_decode($_POST['param']);
$username = $param['username'];
$pass = $param['pass'];
$funny = $param['funny'];
echo $pass;
echo $username;
echo $funny;

给出结果：

147852369qwerfdsazxcv

Answer 1

根据我从PHP Docs读到的内容，在没有 json_decode param的情况下调用assoc 将返回一个对象，因此您需要访问其属性，如{ {1}}，$param->pass。

干杯！

Answer 2

这对我当地人有用：

$param = json_decode($_POST['param']);
$username = $param->username;
$pass = $param->pass;
$funny = $param->funny;
echo $pass;
echo $username;
echo $funny;

不同之处在于我使用了->，因为它是一个对象，而不是一个数组。

Answer 3

Philip是对的，您需要将true作为第二个参数添加到json_decode以获取数组。

$param = json_decode( $_POST['param'], true );

..将json作为关联数组返回，并使其余代码按预期工作。

PHP JSON解析，仅显示三个参数之一

3 个答案: