Question

我有以下代码。

    include("DBHeader.inc.php");
    include("libs/ps_pagination.php");

    $sql = "SELECT * FROM Products P, Manufacturers M WHERE M.sManufacturerCode='$LC' AND M.iManufacturerID=P.iManufacturerID";
    $rs = mysql_query($sql);
    echo $sql;

    $pager = new PS_Pagination( $conn, $sql, 3, 4, null );
    $rs = $pager->paginate();
    $num = mysql_num_rows( $rs ) or die('Database Error: ' . mysql_error());
    if ($num >= 1 ) {
        echo "<table border='0' id='tbProd' class='tablesorter' style='width:520px;'>
        <thead>
            <tr>
                <th>Product Code</th>
                <th>Product Name</th>
                <th> &nbsp; </th>
            </tr>
        </thead>
        <tbody>";

        //Looping through the retrieved records
        while($row = mysql_fetch_array($rs))
        {
            echo "<tr class='prodRow'>";
            echo "<td>" . $row['sProductCode'] . "</td>";
            echo "<td>" . $row['sProductName'] . "</td>";
            echo "<td><a href='ProdEdit.php?=" . $row['sProductCode'] . "'><img src='images/manage.gif' alt='Edit " . $row['sProductName'] . "' /></a></td>";
            echo "</tr>";
        }
        echo "</tbody></table>";
    }
    else {
        //if no records found
        echo "No records found!";
    }

而不是从表中提供数据，它会在屏幕上吐出：

Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in /home/nyksys/www/regserver2/search_results.php on line 37

mysql_error()实际上什么都没有返回，所以我对错误是什么感到困惑。回声时的SQL：

SELECT * FROM Products P, Manufacturers M WHERE M.sManufacturerCode='216E3ACAC673DE0260083B5FF809B102B3EC' AND M.iManufacturerID=P.iManufacturerID

我在这里感到困惑！我在这里忽略了一些简单的事情吗？

我已经仔细检查了我的数据库信息，我确定这不是问题。

编辑 - 我正在按照教程 Paginating Your Data with AJAX and Awesome PHP Pagination Class 。

Answer 1

$sql = "SELECT * FROM Products P, Manufacturers M WHERE M.sManufacturerCode='$LC' AND M.iManufacturerID=P.iManufacturerID";
$rs = mysql_query($sql);
echo $sql;

$rs是一个MySQL结果资源，可以与mysql_num_rows一起使用。

$pager = new PS_Pagination( $conn, $sql, 3, 4, null );    
$rs = $pager->paginate();

现在它不是¹！

$num = mysql_num_rows( $rs ) or die('Database Error: ' . mysql_error());

糟糕！

¹或者，如果是，[a]你没有在你的问题中告诉我们，[b]原始查询完全没有意义。

Answer 2

您正在覆盖$ rs变量

Answer 3

我的猜测是PS_Pagination类正在做的事情，它没有返回MySQL资源。您正在使用该对象覆盖$rs资源变量，即使查询成功，它也不再是有效资源。

$rs = mysql_query($sql);
echo $sql;

$pager = new PS_Pagination( $conn, $sql, 3, 4, null );

// Use a different variable than $rs here.
$rs = $pager->paginate();

mysql_num_rows（）不是有效的资源 - mysql_error（）没有显示任何内容

3 个答案: